bzoj 3196 Tyvj 1730 二逼平衡树

本文介绍了一种数据结构实现方法——线段树套平衡树,并提供了完整的代码示例。这种方法适用于解决区间操作和查询问题,特别是当涉及到数值范围查询和更新时。

懒得扒题了,还是直接上链接吧。
传送门:http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=3196

Key To Problem

线段树套平衡树,第一位区间,第二位是数。

Code

#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <cstdlib>
#include <iostream>
#include <algorithm>
#define N 50010
#define inf 1000000000
#define ls tr[k].l
#define rs tr[k].r
#define lson l,mid,rt<<1
#define rson mid+1,r,rt<<1|1
using namespace std;
struct node
{
    int l,r,v,w,size,rnd;
};
node tr[N<<6];
int n,m,size,ans;
int a[N<<2];
int root[N<<2];

void updata(int &k)
{
    tr[k].size=tr[ls].size+tr[rs].size+tr[k].w;
}

void lturn(int &k)
{
    int t=rs;
    tr[k].r=tr[t].l,tr[t].l=k;
    tr[t].size=tr[k].size;
    updata(k);
    k=t;
}

void rturn(int &k)
{
    int t=ls;
    tr[k].l=tr[t].r,tr[t].r=k;
    tr[t].size=tr[k].size;
    updata(k);
    k=t;
}

void insert(int &k,int x)
{
    if(!k)
    {
        k=++size;
        tr[k].v=x,tr[k].w=tr[k].size=1,tr[k].rnd=rand();
        return ;
    }
    tr[k].size++;
    if(x==tr[k].v)tr[k].w++;
    else if(x>tr[k].v)
    {
        insert(rs,x);
        if(tr[rs].rnd<tr[k].rnd)lturn(k);
    }else if(x<tr[k].v)
    {
        insert(ls,x);
        if(tr[ls].rnd<tr[k].rnd)rturn(k);
    } 
}

void build(int l,int r,int rt,int c,int x)
{
    insert(root[rt],c);
    if(l==r)return ;
    int mid=(l+r)>>1;
    if(mid>=x)build(lson,c,x);
    else build(rson,c,x);
}

void ask_rank(int &k,int x)
{
    if(!k)return ;
    if(tr[k].v==x)
    {
        ans+=tr[ls].size;
        return ;
    }else if(x>tr[k].v)
        ans+=tr[ls].size+tr[k].w,ask_rank(rs,x);
    else
        ask_rank(ls,x);
}

void query_rank(int l,int r,int rt,int L,int R,int c)
{
    if(l==L&&r==R)
    {
        ask_rank(root[rt],c);
        return ;
    }
    int mid=(l+r)>>1;
    if(mid>=R)query_rank(lson,L,R,c);
    else if(mid<L)query_rank(rson,L,R,c);
    else{
        query_rank(lson,L,mid,c);
        query_rank(rson,mid+1,R,c);
    }
}

int query_index(int L,int R,int c)
{
    int l=0,r=inf,tmp;
    while(l<=r)
    {
        int mid=(l+r)>>1;
        ans=1,query_rank(1,n,1,L,R,mid);
        if(ans<=c)
        {
            tmp=mid;
            l=mid+1;
        }else
            r=mid-1;
    }
    return tmp;
}

void del(int &k,int x)
{
    if(x==tr[k].v)
    {
        if(tr[k].w>1)tr[k].w--,tr[k].size--;
        else if(ls*rs==0)k=ls+rs;
        else if(tr[ls].rnd<tr[rs].rnd)
            rturn(k),del(k,x);
        else lturn(k),del(k,x);
    }else if(x>tr[k].v)
        del(rs,x),tr[k].size--;
    else del(ls,x),tr[k].size--;
}

void change(int l,int r,int rt,int x,int c)
{
    del(root[rt],a[x]);
    insert(root[rt],c);
    if(l==r)return ;
    int mid=(l+r)>>1;
    if(mid>=x)change(lson,x,c);
    else change(rson,x,c);
}

void ask_before(int k,int x)
{
    if(!k)return ;
    if(x>tr[k].v)
        ans=max(ans,tr[k].v),ask_before(rs,x);
    else ask_before(ls,x);
}

void query_before(int l,int r,int rt,int L,int R,int c)
{
    if(l==L&&r==R)
    {
        ask_before(root[rt],c);
        return ;
    }
    int mid=(l+r)>>1;
    if(mid>=R)query_before(lson,L,R,c);
    else if(mid<L)query_before(rson,L,R,c);
    else{
        query_before(lson,L,mid,c);
        query_before(rson,mid+1,R,c);
    }
}

void ask_after(int k,int x)
{
    if(!k)return ;
    if(x<tr[k].v)
    {
        ans=min(ans,tr[k].v);
        ask_after(ls,x);
    }else ask_after(rs,x);
}

void query_after(int l,int r,int rt,int L,int R,int c)
{
    if(l==L&&r==R)
    {
        ask_after(root[rt],c);
        return ;
    }
    int mid=(l+r)>>1;
    if(mid>=R)query_after(lson,L,R,c);
    else if(mid<L)query_after(rson,L,R,c);
    else{
        query_after(lson,L,mid,c);
        query_after(rson,mid+1,R,c);
    }
}

int main()
{
//  freopen("lll.in","r",stdin);
//  freopen("ppp.out","w",stdout);
    cin>>n>>m;
    for(int i=1;i<=n;i++)
    {
        scanf("%d",&a[i]);
        build(1,n,1,a[i],i);
    }
    while(m--)
    {
        int opt,x,y,z;
        scanf("%d",&opt);
        switch(opt)
        {
            case 1: scanf("%d%d%d",&x,&y,&z);
                    ans=1,query_rank(1,n,1,x,y,z);
                    printf("%d\n",ans);
                    break;
            case 2: scanf("%d%d%d",&x,&y,&z);
                    printf("%d\n",query_index(x,y,z));
                    break;
            case 3: scanf("%d%d",&x,&z);
                    change(1,n,1,x,z),a[x]=z;
                    break;
            case 4: scanf("%d%d%d",&x,&y,&z);
                    ans=0,query_before(1,n,1,x,y,z);
                    printf("%d\n",ans);
                    break;
            case 5: scanf("%d%d%d",&x,&y,&z);
                    ans=inf,query_after(1,n,1,x,y,z);
                    printf("%d\n",ans);
                    break;
        }
    }
    return 0;
}
题目描述 有一个 $n$ 个点的棋盘,每个点上有一个数字 $a_i$,你需要从 $(1,1)$ 走到 $(n,n)$,每次只能往右或往下走,每个格子只能经过一次,路径上的数字和为 $S$。定义一个点 $(x,y)$ 的权值为 $a_x+a_y$,求所有满足条件的路径中,所有点的权值和的最小值。 输入格式 第一行一个整数 $n$。 接下来 $n$ 行,每行 $n$ 个整数,表示棋盘上每个点的数字。 输出格式 输出一个整数,表示所有满足条件的路径中,所有点的权值和的最小值。 数据范围 $1\leq n\leq 300$ 输入样例 3 1 2 3 4 5 6 7 8 9 输出样例 25 算法1 (树形dp) $O(n^3)$ 我们可以先将所有点的权值求出来,然后将其看作是一个有权值的图,问题就转化为了在这个图中求从 $(1,1)$ 到 $(n,n)$ 的所有路径中,所有点的权值和的最小值。 我们可以使用树形dp来解决这个问题,具体来说,我们可以将这个图看作是一棵树,每个点的父节点是它的前驱或者后继,然后我们从根节点开始,依次向下遍历,对于每个节点,我们可以考虑它的两个儿子,如果它的两个儿子都被遍历过了,那么我们就可以计算出从它的左儿子到它的右儿子的路径中,所有点的权值和的最小值,然后再将这个值加上当前节点的权值,就可以得到从根节点到当前节点的路径中,所有点的权值和的最小值。 时间复杂度 树形dp的时间复杂度是 $O(n^3)$。 C++ 代码 算法2 (动态规划) $O(n^3)$ 我们可以使用动态规划来解决这个问题,具体来说,我们可以定义 $f(i,j,s)$ 表示从 $(1,1)$ 到 $(i,j)$ 的所有路径中,所有点的权值和为 $s$ 的最小值,那么我们就可以得到如下的状态转移方程: $$ f(i,j,s)=\min\{f(i-1,j,s-a_{i,j}),f(i,j-1,s-a_{i,j})\} $$ 其中 $a_{i,j}$ 表示点 $(i,j)$ 的权值。 时间复杂度 动态规划的时间复杂度是 $O(n^3)$。 C++ 代码
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