HDU 6003 Problem Buyer(贪心)

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E - Problem Buyer 
题意：主持人主持一场比赛需要M个题目，每个题目的难度要求是Ci，一个公司提供M个题目，每个题目的难度为[Ai,Bi]，问主持人
最少需要购买多少个题目才能保证一定能办成这个比赛（买K个题目的时候公司从M个题目中任意挑选K个），不满足输出impossible

思路：对区间按左端点为关键字从小到大排序，举办比赛题目的难度从小到大排序，枚举每个难度，最终的结果一定是这样的:买的K个题目的
前K-1个题目的区间一定不包含这个难度，而最后一个满足，难度从左到右扫描，优先队列维护在这个点的区间数量，然后取max（n - 队列size+1)
+1是因为最后一个区间一定包含这个难度，最后扫描完一个点在队列要pop一个，代表需要给这个点一个区间，因为可能Ci, Ci+1都在一个区间内
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#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<queue>
#include<algorithm>
typedef long long ll;
const int maxn = 1e5 + 10;
const int INF = 1e8;
using namespace std;

typedef pair<int, int> par;
int T, n, m, kase = 1;
int C[maxn];
par pa[maxn];

int main() {
    scanf("%d", &T);
    while(T--) {
        scanf("%d %d", &n, &m);
        for(int i = 0; i < n; i++)
            scanf("%d %d", &pa[i].first, &pa[i].second);
        for(int i = 0; i < m; i++) scanf("%d", &C[i]);
        priority_queue<int, vector<int>, greater<int> > que;
        sort(pa, pa + n);
        sort(C, C + m);
        int ans = 0;
        for(int i = 0, it = 0; i < m; i++) {
            while(it < n && pa[it].first <= C[i]) que.push(pa[it++].second);
            while(!que.empty() && que.top() < C[i]) que.pop();
            if(que.empty()) { ans = -1; break; }
            ans = max(ans, n - (int)que.size());
            que.pop();
        }
        if(ans != -1) printf("Case #%d: %d\n", kase++, ans + 1);
        else printf("Case #%d: IMPOSSIBLE!\n", kase++);
    }
    return 0;
}