金明的预算方案_DP

金明的预算方案

(budget.pas/c/cpp)

来源:NOIP2006 第二题

【问题描述】

    金明今天很开心,家里购置的新房就要领钥匙了,新房里有一间金明自己专用的很宽敞的房间。更让他高兴的是,妈妈昨天对他说:“你的房间需要购买哪些物品,怎么布置,你说了算,只要不超过N元钱就行”。今天一早,金明就开始做预算了,他把想买的物品分为两类:主件与附件,附件是从属于某个主件的,下表就是一些主件与附件的例子:

主件

 附件

电脑

 打印机,扫描仪

书柜

 图书

书桌

 台灯,文具

工作椅

 无

    如果要买归类为附件的物品,必须先买该附件所属的主件。每个主件可以有0个、1个或2个附件。附件不再有从属于自己的附件。金明想买的东西很多,肯定会超过妈妈限定的N元。于是,他把每件物品规定了一个重要度,分为5等:用整数1~5表示,第5等最重要。他还从因特网上查到了每件物品的价格(都是10元的整数倍)。他希望在不超过N元(可以等于N元)的前提下,使每件物品的价格与重要度的乘积的总和最大。

    设第j件物品的价格为v[j],重要度为w[j],共选中了k件物品,编号依次为j1,j2,……,jk,则所求的总和为:

v[j1]*w[j1]+v[j2]*w[j2]+ …+v[jk]*w[jk]。(其中*为乘号)

请你帮助金明设计一个满足要求的购物单。

【输入文件】

    输入文件budget.in 的第1行,为两个正整数,用一个空格隔开:

N  m (其中N(<32000)表示总钱数,m(<60)为希望购买物品的个数。)

    从第2行到第m+1行,第j行给出了编号为j-1的物品的基本数据,每行有3个非负整数: v  p  q

(其中v表示该物品的价格(v<10000),p表示该物品的重要度(1~5),q表示该物品是主件还是附件。如果q=0,表示该物品为主件,如果q>0,表示该物品为附件,q是所属主件的编号)

【输出文件】

    输出文件budget.out只有一个正整数,为不超过总钱数的物品的价格与重要度乘积的总和的最大值(<200000)。

【输入样例】

1000 5

800 2 0

400 5 1

300 5 1

400 3 0

500 2 0

【输出样例】

2200

1         标准算法

因为这道题是典型的背包问题,显然标准算法就是动态规划。由于我们要对主,附件做捆绑。由于题目没有直接给出每个主件对应的附件,所以还需要做一个预处理:另开两个数组q1q2来分别记录对应的第i个主件的附件。那么对与附件不需要处理。而主件的花费就有4种情况了。( 下面用W表示花费)

W1=v[i]                              (只买主件)

W2=v[i]+v[q1[i]]                       (买主件和第一个附件)

W3=v[i]+v[q2[i]]                        (买主件和第二个附件)

W4=v[i]+v[q1[i]]+v[q2[i]]                (买主件和那两个附件)

设计一个状态opt[i]表示花i元钱可买到的物品的价格个重要度最大值。边界条件是opt[0]=0。这样就不难设计出这个状态的转移方程来:

opt[i]=max{opt[i],opt[i-wj]}      ((i-wj>0)and (opt[i-wj]>0)) (0<j<=4)

显然题目的解就是opt[1]opt[n]中的一个最大值。但在输出是要注意将解减1

注:价格是10是整数倍所以读入数据是可以使n=n div 10,wi=wi div 10

#include 
#include 

int opt[32000]={0},cq,v[60]={0},p[60]={0};

struct Q
{
       int q,q0,q1,q2;
};

Q q[60];
int max(int a,int b)
{
       if(a>b)
       {
              return a;
       }
      returnb;
}

int max(int a1,int a2,int a3,int a4=0,inta5=0)
{
  a1=max(a1,a2);

  a1=max(a1,a3);

  a1=max(a1,a4);

  a1=max(a1,a5);

  return a1;
}
int main()
{
  int n,m;

  scanf("%d %d",&n,&m);
  memset(opt,0,sizeof(opt));

  int i;

  for (i=1;i<=m;i++)
   {
          q[i].q=0;
          q[i].q0=0;
          q[i].q1=0;
          q[i].q2=0;

          scanf("%d %d%d",&v[i],&p[i],&cq);
          p[i]=v[i]*p[i];
          if (cq!=0&&q[cq].q1==0)
          {
                 q[cq].q1=i;
                 q[i].q0=cq;
          }
          else if(cq!=0&&q[cq].q1!=0)
          {
                 q[cq].q2=i;
                 q[i].q0=cq;
          }
          else if (cq==0)
         {                    
                 q[i].q=1;
          }
   }
  int j;

  for (i=1;i<=m;i++)
   {
          for (j=n;j>=v[i];j--)
          {
                 if(q[i].q==1)
                 {
                        if (j-v[i]>=0)
                        {
                               opt[j]=max(opt[j],opt[j-v[i]]+p[i]);
                        }
                        if (j-v[i]-v[q[i].q1]>=0)
                        {
                               opt[j]=max(opt[j],opt[j-v[i]]+p[i],opt[j-v[i]-v[q[i].q1]]+p[i]+p[q[i].q1]);
                        }
                        if (j-v[i]-v[q[i].q2]>=0)
                        {
                               opt[j]=max(opt[j],opt[j-v[i]]+p[i],opt[j-v[i]-v[q[i].q2]]+p[i]+p[q[i].q2]);
                        }
                        if(j-v[i]-v[q[i].q1]-v[q[i].q2]>=0)
                          opt[j]=max(opt[j],opt[j-v[i]]+p[i],opt[j-v[i]-v[q[i].q1]]+p[i]+p[q[i].q1],opt[j-v[i]-v[q[i].q2]]+p[i]+p[q[i].q2],opt[j-v[i]-v[q[i].q1]-v[q[i].q2]]+p[i]+p[q[i].q1]+v[q[i].q2]);
                 }
                 else if(q[i].q==0)
                 {
                        if(j-v[i]-v[q[i].q0]>=0)
                           opt[j]=max(opt[j],opt[j-v[i]-v[q[i].q0]]+p[i]+p[q[i].q0]);
                 }
          }
   }

  printf("%d\n",opt[n]);

  return 0;
}

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