哗啦啦村的扩建

Problem Description

呀呀呀，哗啦啦村在日渐发展中，越来越大了。
唐老师看到这欣欣向荣的情景，感到非常开心。
狗哥在旁边，“喏，我们村子扩建这么快，肯定用了不少钱吧？”
唐老师说：“是呀，不过这些钱都不及我零花钱的万万分之一。”

那么这时候问题来了，唐老师的零花钱至少应该有多少钱呢？
狗哥也想知道这道题的答案，于是他拜托了青君同学，了解到了村子扩建的费用。
啊，原来村子的扩建费用，就是修建道路的费用。
整个村子可以看作有n个房子，村子会修建n-1条道路，保证从任意房子可以到达任意其他房子。
那修建这n-1条道路的费用怎么记呢？对于每条道路，假设这条道路左边有x个房子，右边有y个房子，这条道路长度为k，那么费用就是k*|x-y|。

那么唐老师的零花钱至少有多少钱呢？现在你应该知道了吧。

Input

第一行一个整数，表示这个村子有n个房子
接下来n-1行，表示每条道路的信息，三个整数 a,b,c，表示a,b之间有一条道路，这条路的长度为c
1<=n<=50,000
1≤ai, bi≤n
0 ≤ci≤ 10^6
Output

输出一个整数，表示唐老师的零花钱至少有多少钱
Sample Input

6
1 2 1
1 3 1
1 4 2
6 3 1
5 2 1
Sample Output

2000000000
之前一直不知道链式前向星是什么，这次好好学了- -，但是始终想不通这和动规有什么关系。
链式前向星是要以边为单位来看的，是一个边的集合。
struct Node{
int to;
int next;
int w;
};
其中to就是这条边指向的终点，next就是下一条和这个边同一起点的边，具体操作的时候，是倒着存储的，但是当使用的时候还是要反过来，所以说是下一条边，w就是边的权值，如果有的话。还需要一个head数组来配合。
一开始head数组全为-1或者其他的哨兵值。
void add(int from,int to,int w,int i)
{
node[i].to=to;
node[i].w=w;
node[i].next=head[from];
head[from]=i;
}
from是起点，to是终点，w是权值，i是这条边的序号。前两个就不说了，第三行意思就是这个起点原来的最后一条边的序号，然后更新掉，换为i，那么使用的时候，就是从head[i]找，此时i是起点的序号，就是倒过来，一直到-1停止。

然后这题就是用链式前向星存起来，然后按点来搜，因为这是一棵树，可以保证所有点都搜一次，根据起点来确定边，再以边为单位，计算结果。

#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<iostream>
#include<queue>
#include<vector>
#include<algorithm>
#include<string>
using namespace std;
long long head[50005], leap[50005], cnt[50005], n;
long long ans;
struct Node{
    long long to;
    long long next;
    long long w;
}node[100010];
void add(long long from, long long to, long long w, long long i)
{
    node[i].to = to;
    node[i].w = w;
    node[i].next = head[from];
    head[from] = i;
}
void dfs(long long x)
{
    leap[x] = 1;
    long long i;
    for (i = head[x]; i != -1; i = node[i].next)
    {
        long long &temp = node[i].to;
        if (leap[temp])continue;
        else
        {
            dfs(temp);
            cnt[x] = cnt[x] + cnt[temp];
            ans = ans + node[i].w*(abs(n - 2 * cnt[temp]));
        }
    }
}
int main()
{
    long long i, j, m, t;
    while (scanf("%lld", &n) != EOF)
    {
        memset(head, -1, sizeof(head));
        memset(leap, 0, sizeof(leap));
        for (i = 1; i <= n; i++)
            cnt[i] = 1;
        for (i = 1; i < n; i++)
        {
            long long a, b, c;
            cin >> a >> b >> c;
            add(a, b, c, i * 2 - 1);
            add(b, a, c, i * 2);
        }
        ans = 0;
        dfs(1);
        if (ans == 0)
            cout << ans << endl;
        else{
            cout << ans;
            cout << "00000000" << endl;
        }
    }
    return 0;
}

还有，最后答案是0就不用输出0000……了，还有，是多组输入……