zhhx2001的博客

首先就这题而言，各k互不影响，可以分开来算，累加即可对于构图来说，以后可以源点s=0，汇点t=n+m，其中一组点是1~n，另一组n+1~n+m，注意可以这样构图对于最小费用最大流，要用spfa来做最短路径，只需记录路径即可#include#include#include#include#include#define N 130using namesp

其实就是让狼和羊的两个集合没有边相连，所有羊连s，cap为inf，注定不会割这条边；狼连t，cap为inf（同理）所有羊向四周相邻的狼和空地连边，所有空地向周围空地和狼连边（刚开始只是向狼连，wa了一次），因为可能空地有好几层，如果不连上空地就过不去了!!!注意对自己所得答案的检验！！一定要学会检验#include#include#include#include#inc

比餐巾计划简单多了。。直接构图即可#include#include#include#include#includeusing namespace std;const int N=10200;const int inf=0x3f3f3f3f;int n,m,S;int u[N],d[N];struct aa{ int flow,cap,to,pre,w

费用流+二分图模型我们通过分析题目可得，成为一个完美的循环格，分析其本质，其实就是每一个点入度和出度都必为一那么，将每一个格子拆成两个点，一个表示出度，一个表示入度，做全图的最大匹配，就是为每一个点找一个唯一入度和唯一出度因为转方向需用费用，那么一个点向其原本指向的那个格子费用就是0，其他的格子费用就是0，然后跑费用流这题不必局限于如何转，而是需要挖掘题目的本质，寻找数学模

问最少的时间，这是网络流的一个类型，即动态流问题：题目要求的不是能送最多多少人，而是限定了流量，求最少需要多少时间。我们面临着难题，一般的流网络无法表示两点间不同时刻的不同容量和流量，因此我们要拆点。如果最短时间是t，就把每个点Vi（包括源点和汇点）拆成Vi0,Vi1,Vi2,……,Vit这t+1个点，这样太空船在t-1时刻从vi出发在t时刻到达Vj就可以表示成Vit-1~~~

构造二分图，最大流判定源点向所有需要床位的连边有床位的向汇点连边如果i可以睡j的床i向j‘连边，然后跑最大流判定#include#include#include#include#include#includeusing namespace std;const int inf=0x3f3f3f3f;int n,s,t;bool stu[55],g

竟然要开ll。。。#include#include#include#include#include#includeusing namespace std;const int N=1005;const int inf=0x3f3f3f3f;typedef long long ll;int n,m,idn[260],idm[260],T[10];int tot,s,

为什么又把数组开小了。。。#include#include#include#include#includeusing namespace std;const int N=5000;const int inf=0x3f3f3f3f;int s,t,n,m;int head[N],cur[N],tot,lev[N];struct aa{ int pre,to,flow,ca

动态加边，没写过。。。本来应该一个厨师拆成的每个点都与不同的菜连容量为1，费用为t[i][j]×k 的边（k表示倒数第几个做，因为倒数第一做只有这个人需要等,做这个菜的时间不会其他菜） ，但是我们发现其实这些边最后一定有很多是不会走到的。所以刚开始，把所有菜和每一个厨师倒数第一个点相连在增广过程中，在增光路上找到和原点相连的点，并计算出他是哪一个厨师做的倒数第几个菜，然后把所有菜向

真练debug能力啊1.位运算，运算等级太低，必须加（），毕竟多加不会错，小心驶得万年船啊2.搞两个inf，有不同的用途#include#include#include#include#include#include#include#define debug(x) cout<<#x<<"="<<x<<endlusing namespace std;typedef lo

拆点建图，拆点一个为主线，另一个表示接收脏毛巾辅助用（感觉不好说）注意清洗毛巾过几天的意思是，需要洗几天，如果是0天，才是明天就可以用，1：后天可以用，以此类推#include#include#include#includeusing namespace std;const int inf=0x3f3f3f3f;const int N=2500;int n,m,id[

这题对我来说还是太难了#include#include#include#include#include#include#define FOR for (int i=1;i<=n;i++) for (int j=1;j<=m;j++) #define rep(n,m) for (int i=1;i<=n;i++) for (int j=1;j<=m;j++) using

裸的费用流就是中间的点要拆点，连边让cap为1，限制只能流过去一次原点和汇点不用拆点#include#include#include#include#include#include#includeusing namespace std;const int inf=0x3f3f3f3f;const int N=1009;int n,m,id1[209],id2[209

不是很难的建模，就是注意加边的时候一些细节，不要加重复也不要少加一个点的出点要连上它所能到达的点的入点，注意这里并不是只能往下和右走，而是可以向四个方向走，那么就是要向四个方向都连，//就是wa在这里了a的出点连b的入点，b的出点连a的入点，实际上既然可以向四个方向走，那么就可以向四个方向都连，每一个点注：如果题目允许向各个方向（向右向下，向右向上，向左向下，向左向上）走，那么就是每个

#include#include#include#include#includeusing namespace std;const int inf=0x3f3f3f3f;struct aa{ int to,pre,cap,flow;}edge[100009];int dis[10009],head[100009],cur[100009],tot;int n,m;void

棋盘类问题要格外注意数据范围，注意网络流将棋盘分成点后是平方的点数，例如本题200*200要开到50000稳妥，然而没算好就wa了好几次啊#include#include#include#include#include#includeusing namespace std;const int qx[]={-1,-1,-2,-2,1,1,2,2};const int qy[]

建图最大流即可，注意可以在连续运输多次，刚开始直接从xi连向相邻的yi了，这样只是运输一次，没有考虑到运输多次的情况拆点，分XiYi，对应每个仓库。 从源点向Xi连边，容量为ri，费用为0； 从Yi向汇点连边，容量为xba，费用为0； 从Xi向对应的Yi连边，容量为INF，费用为0； 从Yi向环形相邻的Xi连边，容量为INF，费用为1； //！！！！由于货物在仓

这题刚开始猜出来正确的思路和实现方法，但正是因为猜的，所以才并不能十分的确定，仅仅只是知其然而不知其所以然，同时虽然思路对了，但原图多构了两排点，这是没有必要的，所以以后建完图后，看看是不是可以简化模型将每一个点拆成两个点，一个点表示和喜欢的人连，另一个点表示和不喜欢的人连，流量为k，因为最多只能和k个不喜欢的人跳二分舞曲数目mid，判定是否能举办mid次，将s与各个点连cap

12 12DDDDDDDDDDDDD..........DD..........DD..........DD..........DD..........DD..........DD..........DD..........DD..........DD..........DDDDDDDDDDDDD这个数据怎么也过不了。。。挖个坑，先做别的

注意，一对相邻格子如果不相同，所获得的利益应该是两个格子的c之和！！这里wa了一次（具体在本子上）#include#include#include#include#include#include#includeusing namespace std;const int inf=0x3f3f3f3f;const int qx[]={0,0,-1,1};const int

烦死了

数据范围开小，wa了好几次。。。。bzoj范围开小会wa，我竟然刚知道。。。。套用在这一类题的方法即可以后看题要注意数据范围，，以为m是边数，实际上是点数，要仔细仔细再仔细！！！！！#include#include#include#include#include#include#include#define debug(x) cout<<#x<<"="<<x<<e

第一问裸第二问：新建一个汇点，将n号点与汇点相连，容量为k，（限制最多增大的流量）费用为0；将原先每一条边都新建一个边，容量为inf，表示可以任意大的扩建，费用的该边扩展所需的费用，如果原先的那一条边没有满，那么费用流时肯定是走那条边如果满了，就可能走扩展的边，同时cost一定的费用；直接费用流即可#include#include#include#include#inc

又写炸了。。细节注释中#include#include#include#include#include#include#include#define debug(x) cout<<#x<<"="<<x<<endlusing namespace std;const int N=5050;const int inf=0x3f3f3f3f;struct aa{ int pr

棋盘类问题通过黑白染色转化为二分图模型，本题求不相邻的格点取值最大值，在黑白染色的二分图中，若两点相连，则他们连边本题求最大权独立集，最大权独立集=总权值-最小点权覆盖集=总权值-构图后最小割=总权值-最大流#include#include#include#include#include#include#include#define debug(x) cout<<

#include#include#include#include#include#includeusing namespace std;const int N=3105;const int inf=0x3f3f3f3f;const double eps=1e-8;int n,m,S,T;int x[N],y[N];int head[N],tot;struct aa{