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题意给定一棵树，两个操作： 1.询问若在v到u间的路径上的石子堆中玩Nim游戏，是否有必胜策略。 2.把堆v中的石子数变为k。作为一个解[ka]决[guo]了这道题的人，来分[kou]析[hu]一下算法，其实正解是Dfs序之后树状数组，但是因为懒就直接写了树剖，每个区间维护区间的异或值。因为异或的性质a^b^c=a^(b^c)。然后Nim游戏有必胜策略，当且仅当所有堆的石子异或起来不等于0，之后

题意给一棵树，每个结点上可能有多个权值，可以每次改变某权值的值或者位置，多次询问一条路径上的前k大值。解析对于每个结点维护一个multiset，因为k很小，所以每次可以把两结点暴力合并，这样就只要把两个队列合并就可以了。#include <set> #include <cstdio> #include <algorithm>#define Rep( i , _begin , _end ) for(i

题意给你N个点的无向图 (1 <= N <= 15,000)，记为：1…N。 图中有M条边 (1 <= M <= 30,000) ，第j条边的长度为： d_j ( 1 < = d_j < = 1,000,000,000).现在有 K个询问 (1 < = K < = 20,000)。 每个询问的格式是：A B，表示询问从A点走到B点的所有路径中，最长的边最小值是多少？解析类似于那啥货车运输，嗯

题意给你一棵包含N个节点的树，设每条边一开始的边权为0，现在有两种操作： 1）给出参数U,V,C，表示把U与V之间的路径上的边权变成C（保证C≥0） 2）给出参数U,V,C，表示把U与V之间的路径上的边权加上C。但是如果U至V之间路径某条边的边权加上C小于0，那么C=这条边的边权的相反数。 你需要统计出每次一操作过后树中边权为0的边有多少条。解析边权树链剖分。对于操作1直接修改，对于操作2，先

题意给一棵树和m个操作(持续m秒)，操作如下 1.给一个点打上标记，被标记的点每秒加1危险度，(被标记时仍为0，后一秒为1)。 2.查询x,y的路径上有多少危险度大于k的点。解析这种每秒增加的标记显然是不好维护的。 考虑转化。 设某点在t时刻被标记，i时刻提出询问，那么此时它的危险度为i-t。 则有i-t>k,t#include <cstdio> #include <algorithm>#

题意给定一棵有n个节点的无根树和m个操作，操作有2类：1、将节点a到节点b路径上所有点都染成颜色c；2、询问节点a到节点b路径上的颜色段数量（连续相同颜色被认为是同一段），如“112221”由3段组成：“11”、“222”和“1”。请你写一个程序依次完成这m个操作。应该是我太水了来着…？打了一小时调了一天，主要就是注意合并时判断中间部分的端点颜色，如果一样的话统计时就要减1。然后在get函数中也一样

题目描述 Linux用户和OSX用户一定对软件包管理器不会陌生。通过软件包管理器，你可以通过一行命令安装某一个软件包，然后软件包管理器会帮助你从软件源下载软件包，同时自动解决所有的依赖（即下载安装这个软件包的安装所依赖的其它软件包），完成所有的配置。ebian/Ubuntu使用的apt-get，Fedora/CentOS使用的yum，以及OSX下可用的homebrew都是优秀的软件包管理器。

题意一棵树上有n个节点，编号分别为1到n，每个节点都有一个权值w。我们将以下面的形式来要求你对棵树完成一些操作：1.把结点u的权值改为t2.询问从点u到点v的路径上的节点的最大权值3.询问从点u到点v的路径上的节点的权值和注意：从点u到点v的路径上的节点包括u和v本身一棵树上有n个节点，编号分别为1到n，每个节点都有一个权值w。我们将以下面的形式来要求你对棵树完成 一些操作： 1.把结点u的权值

树链剖分….等等等等 这是题目总结，反正就是把各种水题放到一起。然后数组意义的话，dpt深度，son重儿子，ftr父亲，rnk线段树中编号，size是子树大小，top是重链顶端的结点。【Bzoj1036】树的统计比较裸，维护区间和与最大值就好了。【Bzoj4034】树上操作也是模板，对于子树只要记一个end[x]就行了。【Bzoj4396】软件包管理器安装操作就是将软件包到根全都赋为1，然后输出改

题意 有一棵点数为 N 的树，以点 1 为根，且树点有边权。然后有 M 个 操作，分为三种： 操作 1 ：把某个节点 x 的点权增加 a 。 操作 2 ：把某个节点 x 为根的子树中所有点的点权都增加 a 。 操作 3 ：询问某个节点 x 到根的路径中所有点的点权和。 -----------------------------------------------------

题意给出一个n个节点的有根树（编号为0到n-1，根节点为0）。一个点的深度定义为这个节点到根的距离+1。 设dep[i]表示点i的深度，LCA(i,j)表示i与j的最近公共祖先。 有q次询问，每次询问给出l r z，求sigma_{l<=i<=r}dep[LCA(i,z)]。 （即，求在[l,r]区间内的每个节点i与z的最近公共祖先的深度之和）解析　　首先发现一个性质，加上depth[LCA(

题意：有n个城市，每个城市有权值和颜色，支持的操作有单点修改权值，单点修改颜色，查询区间同颜色之和，查询区间同颜色最大值。 思路：对于每种颜色，放入不同的线段树，但其实整个加起来还是还是n个结点，值得注意的是，这里要使用动态开点，要一步步记录左右儿子的编号，而不能使用2i，2i+1直接去找，而这样建树的话，就可以很方便的查询同颜色的结点了，修改操作啥的把原颜色中的结点改为0，再在现在的颜

题意给定一棵有根树，支持3种操作： 1.把首都修改为id； 2.将p1 p2路径上的所有城市的防御值修改为v； 3.询问以城市id为根的子树中的最小防御值。分析画了一堆图之后终于搞懂了一点点，首先换根的话肯定不是真的换。对于每次询问，设现在的根为root，准备询问的结点为x。来考虑几种情况。 1.root == x ，询问整棵树，直接输出全集。 2.root不为x的子树，则直接考虑x的整棵

题意伟大的树上权值第k小。解析在树上建立主席树，每个点的前驱不再是它的前一个点，而是它的父亲结点。我们可以这样来想，序列上的主席树类似于前缀和，用的时候直接序列上差分。而树上也就可以把每个点保存为到根的主席树，查询的时候也类比树上的差分就可以了。记得是Query(rt[x],rt[y]….)。#include <cstdio> #include <algorithm>#define Rep( i ,