wgb不是zrj的博客

零简洁版题目： 给你一棵树，q次询问； 每次询问输入两个数，u，d； 要求计算出在树的第d层并且是节点u的子孙节点的节点个数 一、知识点 dfs序 二分 二、分析 通过题目可以容易地看出，要从树的第d层寻找合法答案，那么求节点所在层数可以用dfs/bfs求出 不好解决的地方在于如何快速确定在第d层的节点，有哪些的祖先是u 可以想到的方法是倍增去找，但对于本题来说显然不够高效 有一种更好的方法，就是维护每个节点进出的时间戳（即先序in后序out） 可以容易地想到，对于一对节点u，v，当u为v的祖先节点时，

题目链接 通过冷静分析，让其没有01交替子序列的方法就是一边都是0，另一边都是1 可以枚举01交界点，每次记录两边0，1数量，维护最小值即可 数据水，复杂度O（n2）O（n^2）O（n2）即可过 #include<bits/stdc++.h> using namespace std; char s[1005]; int main() { int _; scanf("%d",&_); while(_--) { scanf("%s",s);

题目传送门 比赛的时候没有想出来要怎么做，隐隐约约一种感觉，要是有向边不成环的话，就一定会是YES 但是具体没想到之后应该怎么去加边 赛后看cf题解用到了拓扑排序，当时也没明白他俩有什么关联 想了一段时间，加上手动画了一下图 发现对于拓扑排序的结果，如果添加顺序较后的节点到顺序较前的节点的有向边，必然会构成环 如果顺着排序顺序建边则不会构成环 所以解体只需按照以下步骤进行 存图时存两个图（一个只有有向边即‘1’，一个只有双向边即‘0’） 对有向图进行拓扑排序（若排序结果节点数少于n，则说明有环，输出NO）

luogu P1119 灾后重建 这道题考的是Floyd的妙用，也可以说是对Floyd内涵的考察 总所周知，Floyd是一个复杂度为O(n3)O(n^3)O(n3)的算法，也就是说在限时1s1s1s的情况下数据非常弱才会用到他 但是该算法的dp思想正是解题的关键 每当需要更新距离的时候，只需拿出用来充当松弛操作中转点的结点，进行一次松弛操作 就维护了一次最小距离 当然在这道题中要注意，当两节点直接相连时，还需特判是否已修建完成 #include<bits/stdc++.h> using nam.

luogu P5836 有题解说是lca模板题，奈何本蒟蒻还未掌握lca，但是用并查集来做感觉非常巧妙 因为只有两种奶牛，可以看成两种颜色，把所有结点分成这两个点集。 之后列举起点与终点时，判断两点是否属于一个点集 如果不属于同一个点集 则两点之间路径必然两种都有 如果属于同一个点集 则只有一种颜色，那只需比较一下偏好颜色是否是该点集的颜色 #include<bits/stdc++.h> using namespace std; char s[100005]; int fa[100005]