小米oj#50 找出面积最大的矩形

本文介绍了一种算法,用于解决给定多个不同高度矩形排列时,如何找出由这些矩形组成的图形中最大矩形面积的问题。算法通过遍历每个矩形,计算其左右两侧连续的、不低于该矩形高度的矩形数量,从而得出每个矩形作为最小高度时所能构成的最大矩形面积。

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找出面积最大的矩形
序号:#50 难度:有挑战 时间限制:1000ms 内存限制:10M
描述

在一个平面图上,有多个宽度固定为1,高度不同的矩形并列排着,在这些矩形所组成的图形中,能够切割出的最大矩形的面积是多少? 数据范围:0 < 高度 < 100

举例:高度为2,3,2的三个矩形所组成的图形,能够切割出的最大的矩形面积为6。见下图。

输入

一组正整数,分别用逗号隔开,表示每个矩形的高度

输出

一个整数,表示组合成的最大的矩形面积

输入样例

2,3,2
5,6,7,8,3

输出样例

6
20
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int main()
{
	char str[10001];
	while(cin.get(str,10000)){
		vector<int>vec;
		char x[10000];
		int n;
		int count=0;
		char *p=strtok(str,",");
		while(p){
			sscanf(p,"%d",&n);
			vec.push_back(n);
			count++;
			p=strtok(NULL,",");
		}
		int area=0;
		int max_=0;
		int l1,l2;
		for(int i=0;i<count;i++)
		{
			l1=0;
			l2=0;
			for(int j=i;j<count;j++)
			{
				if(vec[j]>=vec[i])
				l1++;
				else
				break;
			}
			for(int j=i-1;j>=0;--j)
			{
				if(vec[j]>=vec[i])
				l2++;
				else
				break;
			}
			area=(l1+l2)*vec[i];
			if(area>max_)
			max_=area;
		}
		cout<<max_<<endl;
	}
	return 0;
}
### XTUOJ 平台上的因数分解题目及其解法 #### 1. 因子和问题分析 针对XTU-OJ平台上的因子和问题,当面对的数据范围较大时(例如最大可达 \(1 \times 10^8\)),直接采用暴力算法可能会遇到性能瓶颈[^3]。因此,在处理这类问题时,通常会借助质因数分解的方法来进行优化。 #### 2. 判断特定形式的质因数分解 对于某些特殊类型的输入\(n=p_1^{k_1}p_2^{k_2}\ldots p_m^{k_m}\),如果要验证其能否仅被表示成两个不同素数相乘的形式,则可以简化为检查是否存在一对唯一的素数因子\[p,q\]满足条件:\[pq=n,(p≠q)\][^1]。这种情况下不需要额外增加不必要的判断逻辑,比如最终使\(x=1\)的情况,因为这已经隐含在基本条件下了。 #### 3. 反证法证明性质 考虑到给定区间内的整数值特性,通过反证法可得出结论——即若存在某个符合条件的整数\(x(\sqrt{n}<x≤n)\),则必然有对应的另一个整除关系也成立;反之亦然。然而由于前提假设中的矛盾点,从而证实了原命题的真实性[^2]。 #### 4. 应用于具体实例 以XTU-OJ 1377为例,该题要求计算函数\(g(a,b)=∑_{i=a}^{b}f(i)\),其中\(f(n)\)代表正整数\(n\)的不同质因数的数量。基于此需求,可以通过预先构建一个小于等于上限值的所有可能质数列表,并利用快速筛选技术来高效完成查询操作[^4]。 ```cpp #include <iostream> using namespace std; const int MAXN = 1e8 + 5; bool isPrime[MAXN]; int primeCnt[MAXN], cnt; void sieve() { fill(isPrime, isPrime + MAXN, true); isPrime[0] = isPrime[1] = false; for (long long i = 2; i * i < MAXN; ++i) if (isPrime[i]) for (long long j = i * i; j < MAXN; j += i) isPrime[j] = false; } // 计算单个数目的不同质因数数量 int countDistinctPrimes(int n){ int res = 0; while (!isPrime[n]){ if (!(n % 2)){ ++res;n /= 2; continue; } for(long long d = 3;d*d<=n;d+=2){ if(!(n%d)){++res;n/=d;break;} } } return n>1?res+1:res; } ```
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