7-14 排座位 (25 分)
布置宴席最微妙的事情,就是给前来参宴的各位宾客安排座位。无论如何,总不能把两个死对头排到同一张宴会桌旁!这个艰巨任务现在就交给你,对任何一对客人,请编写程序告诉主人他们是否能被安排同席。
输入格式:
输入第一行给出3个正整数:N(≤100),即前来参宴的宾客总人数,则这些人从1到N编号;M为已知两两宾客之间的关系数;K为查询的条数。随后M行,每行给出一对宾客之间的关系,格式为:宾客1 宾客2 关系,其中关系为1表示是朋友,-1表示是死对头。注意两个人不可能既是朋友又是敌人。最后K行,每行给出一对需要查询的宾客编号。
这里假设朋友的朋友也是朋友。但敌人的敌人并不一定就是朋友,朋友的敌人也不一定是敌人。只有单纯直接的敌对关系才是绝对不能同席的。
输出格式:
对每个查询输出一行结果:如果两位宾客之间是朋友,且没有敌对关系,则输出No problem;如果他们之间并不是朋友,但也不敌对,则输出OK;如果他们之间有敌对,然而也有共同的朋友,则输出OK but…;如果他们之间只有敌对关系,则输出No way。
输入样例:
7 8 4
5 6 1
2 7 -1
1 3 1
3 4 1
6 7 -1
1 2 1
1 4 1
2 3 -1
3 4
5 7
2 3
7 2
输出样例:
No problem
OK
OK but…
No way
【思路】
这是上周我们学校天梯赛校赛时候的习题,由于当时还没有接触并查集,以为要用邻接矩阵dfs搜,然后考虑到最后时间有点不够,就没做。。。虽然最后成绩也是全校第三,但如果把这题做出来了,说不定就可以杀到前二去了
今天重新回顾一下这道题,发现就是一个简单的并查集,基本上是裸的,没什么变化。每次我们只需要将关系为1(即直接朋友)用并查集merge起来,由题意,敌人不需要merge。最后我们查找的时候用一个judge判断两个人是否属于一个朋友圈就可以了。没想到用并查集就这么简单!
AC代码:
/*
0 1 1 1 0 0 0
1 0 -1 0 0 0 -1
1 -1 0 1 0 0 0
1 0 1 0 0 0 0
0 0 0 0 0 1 0
0 0 0 0 1 0 -1
0 -1 0 0 0 -1 0
*/
#include<iostream>
using namespace std;
const int maxn = 105;
int n, m, k;
int e[maxn][maxn];
int parent[maxn];
//并查集----------------------------
void init()
{
for(int i = 1;i <= n;i++)
parent[i] = i;
}
int getBoss(int x)
{
if(x == parent[x])
return x;
return getBoss(parent[x]);
}
void merge(int x, int y)
{
int boss_x = getBoss(x);
int boss_y = getBoss(y);
parent[boss_x] = boss_y;
}
bool judge(int x, int y)
{
int boss_x = getBoss(x);
int boss_y = getBoss(y);
return boss_x == boss_y;
}
//----------------------------------
int main()
{
cin >> n >> m >> k;
//输入m个关系
init();
for(int i = 1;i <= m;i++)
{
int a, b, c;
cin >> a >> b >> c;
if(c == 1) //如果是朋友,就要merge起来
merge(a, b);
e[a][b] = c; //无向图
e[b][a] = c;
}
//查找
for(int i = 1;i <= k;i++)
{
int a, b;
cin >> a >> b;
if(judge(a, b)) //如果boss结点是一样的,那么他们肯定有共同朋友
{
if(e[a][b] == 1) //如果ab是直接朋友
cout << "No problem" << endl;
else if(e[a][b] == -1)
cout << "OK but..." << endl;
else if(e[a][b] == 0)
cout << "No problem" << endl;
}
else //无共同朋友
{
if(e[a][b] == -1)
cout << "No way" << endl;
else
cout << "OK" << endl;
}
}
return 0;
}