Codeforces 68思路(rng_58版)

最新推荐文章于 2024-03-08 11:34:37 发布

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原文链接：http://www.cnblogs.com/withhope/p/11148212.html

本文解析了四道算法题，包括暴力枚举、二分查找、DFS和概率DP，通过对比不同解法，深入理解算法设计与优化。

申明：本文所有思路均为本人自己观摩大神代码思考得出，如有不符，望诸位大佬不要怪罪。
A. Irrational problem
代码：

using namespace std;
 
#define REP(i,n) for((i)=0;(i)<(int)(n);(i)++)
#define foreach(c,itr) for(__typeof((c).begin()) itr=(c).begin();itr!=(c).end();itr++)
 
int main(void){
    int i,a,b,p1,p2,p3,p4,ans=0;
    
    cin >> p1 >> p2 >> p3 >> p4 >> a >> b;
    for(i=a;i<=b;i++) if(i < p1 && i < p2 && i < p3 && i < p4) ans++;
    cout << ans << endl;
    
    return 0;
}

思路：这一道题的思路十分明显，就是暴力枚举判断即可。
B. Energy exchange
代码：

using namespace std;
 
#define REP(i,n) for((i)=0;(i)<(int)(n);(i)++)
#define foreach(c,itr) for(__typeof((c).begin()) itr=(c).begin();itr!=(c).end();itr++)
 
int a[10010];
 
int main(void){
    int N,i,j,tmp;
    double p;
    
    scanf("%d%d",&N,&tmp);
    p = 1.0 - tmp / 100.0;
    REP(i,N) scanf("%d",&a[i]);
    
    double high = 2000.0, low = 0.0, mid;
    REP(i,100){
        mid = (high + low) / 2.0;
        double sum = 0.0;
        REP(j,N) if(a[j] > mid) sum += (a[j] - mid) * p; else sum -= (mid - a[j]);//加上差值
        if(sum > 0.0) low = mid; else high = mid;//判断
    }
    
    printf("%.9f\n",mid);
    
    return 0;
}

思路：这一道题，是一个二分题，但是rng_58这种写法是预先算好最多步骤再进行处理的。判断很简单。
C. Synchrophasotron

using namespace std;
 
#define REP(i,n) for((i)=0;(i)<(int)(n);(i)++)
#define foreach(c,itr) for(__typeof((c).begin()) itr=(c).begin();itr!=(c).end();itr++)
 
#define INF (1<<29)
 
int f[10][10];
int N,low[10][10],high[10][10],a[10][10];
int minflow,maxcost;
 
void dfs(int x, int y){
    int i,j,cur;
    
    if(x == -1){
        int flow = 0;
        REP(i,N-1) flow += f[i][0];
        if(flow > minflow) return;
        
        int cost = 0;
        REP(i,N-1) REP(j,i+1) if(f[i][j] > 0) cost += a[i][j] + f[i][j] * f[i][j];
        
    //  REP(i,N-1) REP(j,i+1) cout << f[i][j] << ' '; cout << endl;
        
        if(flow < minflow || (flow == minflow && cost > maxcost)) {minflow = flow; maxcost = cost;}
        return;
    }
    
    for(cur=low[x][y];cur<=high[x][y];cur++){
        f[x][y] = cur;
        
        if(y == 0){
            int sum = 0;
            REP(i,x+1) sum += f[x][i];
            for(i=x+1;i<N-2;i++) sum -= f[i][x+1];
            
            if(sum < low[N-2][x+1] || sum > high[N-2][x+1]) continue;
            f[N-2][x+1] = sum;
            dfs(x-1,x-1);
        } else {
            dfs(x,y-1);
        }
    }
}
 
int main(void){
    int i,s,f_;
    
    scanf("%d",&N);
    REP(i,N*(N-1)/2){
        scanf("%d%d",&s,&f_); s--; f_ -= 2; swap(s,f_);
        scanf("%d%d%d",&low[s][f_],&high[s][f_],&a[s][f_]);
    }
    
    minflow = INF; maxcost = -INF;
    f[N-2][0] = low[N-2][0];
    dfs(N-3,N-3);
    
    if(minflow == INF){
        printf("-1 -1\n");
    } else {
        printf("%d %d\n",minflow,maxcost);
    }
    
    return 0;
}

思路：一道看似最大流，实际上是DFS的题目，用DFS找到每一个的花费和流量，让后再综合到一起求最小流量、最大花费。
D. Half-decay tree

using namespace std;
 
#define REP(i,n) for((i)=0;(i)<(int)(n);(i)++)
#define foreach(c,itr) for(__typeof((c).begin()) itr=(c).begin();itr!=(c).end();itr++)
 
int H;
map <int, int> cost,sum;
char buf[100];
 
void add(int v, int e){
    cost[v] += e;
    while(v >= 1){
        sum[v] += e;
        v /= 2;
    }
}
 
double func(int depth, int x, double big){
    if(depth == H){
        if(cost.find(x) == cost.end()) return big;
        double ans = cost[x];
        if(big > ans) ans = big;
        return ans;
    } else {
        double cur = cost[x], L = sum[2*x], R = sum[2*x+1];
        double ans1 = max(big,cur+L);
        if(R > cur+L+0.5 && R > ans1) ans1 = func(depth+1,2*x+1,ans1);
        double ans2 = max(big,cur+R);
        if(L > cur+R+0.5 && L > ans2) ans2 = func(depth+1,2*x,ans2);
        return (ans1 + ans2) / 2.0;
    }
}
 
int main(void){
    int Q,i,v,e;
    
    scanf("%d%d",&H,&Q);
    REP(i,Q){
        scanf("%s",buf);
        if(buf[0] == 'a'){
            scanf("%d%d",&v,&e);
            add(v,e);
        } else {
            double ans = func(0,1,0.0);
            printf("%.9f\n",ans);
        }
    }
    
    return 0;
}

思路：这是一道概率DP。
修改操作：由于修改操作至多\(q\)次，涉及到的树上节点至多\(q \cdot h\)个，而查询是查询连通分支的权值和，故存储以该点为根节点的子树权值和，更新直接加即可。
查询操作：从根节点开始深搜，假设当前在\(u\)节点，已经固定的连通分支权值和最大值为\(mx\)，\(u\)节点到两个儿子的边必然断一条，对于分离出去的子树继续深搜，另一棵子树与\(u\)节点以及其他未固定节点构成新的连通分支，用该连通分支的权值和更新\(mx\)，由于当前只有两种方案，故期望值即为这两种方案的答案之和除以\(2\)。

总结与收获：这4道题，除了第一道之外，后面几道题我的算法都有不足的地方，例如第二题，rng_58的写法容错率较高，不容易被hack，并且修改起来较简单。而后面的两题，rng_58的算法就更为明确，相比较我的而言，很多地方更加明朗，更方便思考，也更不容易出错。

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