CodeVS 1018-单词接龙

本文解析了一个类似于成语接龙的单词接龙游戏算法。游戏中,玩家需要利用给定的一组单词和起始字母,通过匹配单词的前后缀来创建最长的连续单词串。文章详细介绍了如何使用深度优先搜索(DFS)和回溯法来解决这个问题,并提供了完整的伪代码实现。

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原题

题目描述 Description

       单词接龙是一个与我们经常玩的成语接龙相类似的游戏,现在我们已知一组单词,且给定一个开头的字母,要求出以这个字母开头的最长的“龙”(每个单词都最多在“龙”中出现两次),在两个单词相连时,其重合部分合为一部分,例如beast和astonish,如果接成一条龙则变为beastonish,另外相邻的两部分不能存在包含关系,例如at和atide间不能相连。

输入描述 Input Description

输入的第一行为一个单独的整数n(n<=20)表示单词数,以下n行每行有一个单词,输入的最后一行为一个单个字符,表示“龙”开头的字母。你可以假定以此字母开头的“龙”一定存在。

输出描述 Output Description

   只需输出以此字母开头的最长的“龙”的长度。

样例输入 Sample Input

5

at

touch

cheat

choose

tact

a

样例输出 Sample Output

23

数据范围及提示 Data Size & Hint

(连成的“龙”为atoucheatactactouchoose)                    

 

题意

       给出n个字符串,如果字符串i的后缀与字符串j的前缀相同则两个字符串可以连接成一个新的长度为(length(i)+length(j)-length(后缀/前缀))的字符串(i,j不存在包含关系),求n个字符串所能接成的最长字符串的长度(每个字符串最多使用两次)。

题解

       这道题不用看就是dfs。

       首先读入的n个字符串分别为ss[i],接着读入一个长度为1的字符串c。同时定义一个数组b[i]用来计算第i个字符串的使用次数,必定<=2。

       接着就dfs(c),运用回溯法,得出最优解ans。

代码:

 

 1 uses math;
 2 var t,ans,n,i,k:longint;
 3 var c:string;
 4 var ss:array[1..20] of string;//字符数组
 5 var b:array[1..20] of longint;//统计使用次数
 6 procedure dfs(s:string);//s表示当前拼接来的字符串
 7 var i,j:longint;
 8 begin         
 9   for i:=1 to n do if b[i]<2 then//由于b[i]<=2,而当前的b[i]一旦为2,插入ss[i]后便会造成b[i]=3的情况,所以在这个关口b[i]必须<=1
10   begin
11     k:=min(length(s),length(ss[i]));//找出长度较小的一个字符串,效率++
12     for j:=1 to k do//枚举可能出现的所有情况
13     begin
14       if copy(ss[i],1,j)=copy(s,length(s)-j+1,j) then//后缀=前缀就拼接
15       begin
16         t:=t+length(ss[i])-j;//新字符串长度
17         if ans<t then ans:=t;//更新答案
18         inc(b[i]);//次数+1
19         dfs(ss[i]);//深搜
20         dec(b[i]);//回溯
21         t:=t-length(ss[i])+j;//回溯
22       end;
23     end;
24   end;
25 end;
26 begin
27   readln(n);
28   t:=1;//长度初始值为length(c)
29   for i:=1 to n do readln(ss[i]);
30   readln(c);
31   dfs(c);
32   writeln(ans);
33 end.
CodeVS 1018-单词接龙

 

 

 

 

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转载于:https://www.cnblogs.com/HAdolf-HQY/p/6341438.html

好的,我来为您介绍一下LeetCode第127题"单词接龙"的解题思路C语言实现方法。 题目描述: 给定两个单词(beginWord endWord)一个字典,找到从 beginWord 到 endWord 的最短转换序列的长度。转换需遵循如下规则: 1. 每次转换只能改变一个字母。 2. 转换过程中的中间单词必须是字典中的单词。 解题思路: 这是一道典型的广度优搜索(BFS)问题。我们可以将每个单词看作图中的一个节点,如果两个单词只相差一个字母,那么它们之间就有一条边。我们需要找到从起始单词到结束单词的最短路径。 具体步骤如下: 1. 将起始单词加入队列,并记录访问过的单词。 2. 进行广度优搜索: - 从队列中取出一个单词- 对这个单词的每一位进行替换,尝试所有可能的字母。 - 如果替换后的单词在字典中且未被访问过,则将其加入队列,并标记为已访问。 - 如果找到结束单词,则返回当前层数。 3. 如果搜索完所有可能都没有找到结束单词,则返回0。 C语言实现: ```c #include <stdio.h> #include <stdlib.h> #include <string.h> #include <stdbool.h> #define MAX_QUEUE_SIZE 10000 typedef struct { char** data; int front; int rear; } Queue; Queue* createQueue() { Queue* q = (Queue*)malloc(sizeof(Queue)); q->data = (char**)malloc(sizeof(char*) * MAX_QUEUE_SIZE); for (int i = 0; i < MAX_QUEUE_SIZE; i++) { q->data[i] = (char*)malloc(sizeof(char) * 11); // 单词长度不超过10 } q->front = 0; q->rear = 0; return q; } void enqueue(Queue* q, char* word) { strcpy(q->data[q->rear++], word); } char* dequeue(Queue* q) { return q->data[q->front++]; } bool isQueueEmpty(Queue* q) { return q->front == q->rear; } int ladderLength(char* beginWord, char* endWord, char** wordList, int wordListSize) { Queue* q = createQueue(); bool visited[10000] = {false}; enqueue(q, beginWord); visited[0] = true; int level = 1; while (!isQueueEmpty(q)) { int size = q->rear - q->front; for (int i = 0; i < size; i++) { char* current = dequeue(q); for (int j = 0; j < wordListSize; j++) { if (!visited[j] && differByOne(current, wordList[j])) { if (strcmp(wordList[j], endWord) == 0) { return level + 1; } enqueue(q, wordList[j]); visited[j] = true; } } } level++; } return 0; } bool differByOne(char* word1, char* word2) { int diff = 0; for (int i = 0; i < strlen(word1); i++) { if (word1[i] != word2[i]) { diff++; if (diff > 1) return false; } } return diff == 1; } ``` 这个实现使用了队列来进行BFS搜索,并使用一个布尔数组来记录已访问的单词。`differByOne`函数用于判断两个单词是否只相差一个字母。
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