BZOJ 1790: [Ahoi2008]Rectangle 矩形藏宝地

最新推荐文章于 2019-09-05 14:22:00 发布

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原文链接：http://www.cnblogs.com/kekxy/p/7526194.html

本文详细介绍了BZOJ1790问题的解决思路，采用CDQ分治算法，通过多次排序及线段树来判断哪些矩形区域内可能藏有宝藏。

BZOJ 1790: [Ahoi2008]Rectangle 矩形藏宝地

题目传送门
【题目大意】
　　游戏的主办方把这块开阔地当作第一象限，将所有可能埋藏宝藏的地方划成一个个矩形的土地，并把这些矩形土地的坐标都告诉了参赛者。挖宝的提示很简单，只要某一个矩阵土地至少被另外一个矩阵土地所包含，那么这个矩阵土地里肯定埋有宝藏。问：有多少个矩形土地里肯定埋有宝藏？

　　其实就是求对于矩形i，是否存在一个矩形j，使得aj＜ai，bj＜bi，cj＞ci，dj＞di。
　　并不要求在线，用离线算法就好了。（CDQ分治）
　　先对a排序，取mid，表示i小于等于mid的标记为添加，大于mid的标记为查询。
　　再对b排序，保证b是从小到大的，遇到添加的就将c作为下标，存d（线段树维护最大值），查询的就询问c+1~n的最大值是否大于d，是，标记当前矩形为藏宝地，不能直接ans++，会计算重复。
　　为什么这是对的？
　　因为查询的a一定比添加的a大，又对b进行排序，又保证了b有序。那么查询的矩阵A找到的添加的矩阵B，一定是B.a＜A.a，B.b＜A.b，剩下的就不解释了……
　　这题卡常，排序一定要写好。（TLE了好多次……）

#include<cstdio>
#include<algorithm>

#define imax(a,b) ((a>b)?(a):(b))

using namespace std;

const int N=200010;

int A[N],B[N],C[N],D[N],*Ry,id[N];
struct data{ int id; bool p; } np[N];
int n,px,T[N<<2],ans;
bool vis[N];

void updata(int ro,int L,int R,int x,int val)
{
    if(x<L || x>R) return;
    if(L==x && R==x)
    {
        T[ro]=val;
        return;
    }
    int Mid=(L+R)>>1;
    updata(ro<<1,L,Mid,x,val); updata(ro<<1|1,Mid+1,R,x,val);
    T[ro]=imax(T[ro<<1],T[ro<<1|1]);
}

int query(int ro,int L,int R,int li,int ri)
{
    if(L>ri || R<li) return 0;
    if(li<=L && R<=ri) return T[ro];
    int Mid=(L+R)>>1;
    int q1=query(ro<<1,L,Mid,li,ri),q2=query(ro<<1|1,Mid+1,R,li,ri);
    return imax(q1,q2);
}

bool cmp(int a,int b) { return (Ry[a]<Ry[b]); }

bool Cmp(data A,data B) { return (Ry[A.id]<Ry[B.id]); }

void CDQ(int L,int R)
{
    if(L==R) return;
    int Mid=(L+R)>>1;
    for(int i=L;i<=Mid;i++) np[i].p=1;
    Ry=B; sort(np+L,np+R+1,Cmp);
    for(int i=L;i<=R;i++)
    {
        if(np[i].p) updata(1,1,n,C[np[i].id],D[np[i].id]); else
        if(query(1,1,n,C[np[i].id]+1,n)>D[np[i].id]) vis[np[i].id]=1;
    }
    for(int i=L;i<=R;i++) if(np[i].p) updata(1,1,n,C[np[i].id],0),np[i].p=0;
    Ry=A; sort(np+L,np+R+1,Cmp);
    CDQ(L,Mid); CDQ(Mid+1,R);
}

int read()
{
    int yu=0;
    char ch=getchar();
    while(ch>'9' || ch<'0') ch=getchar();
    while(ch>='0' && ch<='9')
    {
        yu=(yu<<3)+(yu<<1)+ch-'0';
        ch=getchar();
    }
    return yu;
}

void work()
{
    for(int i=1;i<=n;i++) id[i]=i;
    sort(id+1,id+1+n,cmp);
    for(int i=1;i<=n;i++) Ry[id[i]]=i;
}

int main()
{
    scanf("%d",&n); ans=0;
    for(int i=1;i<=n;i++)
    {
        A[i]=read(); B[i]=read();
        C[i]=read(); D[i]=read();
    }
    Ry=D; work();   Ry=C; work();
    Ry=B; work();   Ry=A; work();
    for(int i=1;i<=n;i++) np[i].id=id[i];
    CDQ(1,n); for(int i=1;i<=n;i++) if(vis[i]) ans++;
    printf("%d\n",ans);
    return 0;
}

转载于:https://www.cnblogs.com/kekxy/p/7526194.html