从大小为N的数组中选出第k小的数据

最新推荐文章于 2023-03-12 20:58:30 发布
最新推荐文章于 2023-03-12 20:58:30 发布
阅读量1k 收藏
点赞数
CC 4.0 BY-SA版权
分类专栏： 算法与数据结构 文章标签： 算法 递归
版权声明：本文为博主原创文章，遵循 CC 4.0 BY-SA 版权协议，转载请附上原文出处链接和本声明。
本文链接：https://blog.youkuaiyun.com/supheros/article/details/32190061
该博客介绍了如何从一个大小为N的数组中选择第k小的元素，通过一种类似于快速排序但不同于其平均时间复杂度为O(NlogN)的方法。算法采用递归策略，每次选取数组一部分并确定一个基准值，根据基准值划分数组，通过减少不必要的操作降低时间复杂度至O(N)。

摘要生成于 C知道 ，由 DeepSeek-R1 满血版支持， 前往体验 >

这个是从《编程珠玑（续）》的最后一章看到的，感觉相当的经典，特此mark一下。


话说一拿到这个题目直接想到的是快排之类的O(NlogN)复杂度的算法：即先排好序，再得到。时间复杂度O(NlogN)实际上是每一层的递归对N个数进行了操作，一共是logN层。下面介绍的算法类似于快排，但是和快排又有区别，每一层并不是操作了N个数，而是对其中的部分进行操作（感觉像是类似剪枝的过程），所以降低了时间复杂度。


算法概要：每一次递归对数组的部分（原始数组记为a，low表示此时部分数组的最小下标，high表示此时部分数组的最大下标）进行操作，第一次递归是整个数组。每一次递归都对数组的部分选定一个数（任意选，简单处理可以选第一个数a[low]），然后将a分为两部分，小于a[low]的和大于a[low]的，将a[low]作为边界放在两部分的中间，然后可以得到此时a[low]的下标index。若index==k，结束递归；若index<k，下一次迭代的范围是index+1到high；若index>k，下一次迭代的范围是low到index-1。


分析（平均）时间复杂度：N+N/2+N/4+N/8+......+1<2N，所以时间复杂度为O(N)。


public class Solution {
	
	//返回结果	k代表第k小的数		k从1开始
	public int solve(int[] list,int k){
		k = k-1;
		if( k>=0 && k<=list.length-1 )
			return subSolve(list,0,list.length-1,k);
		else
			return Integer.MIN_VALUE;
	}
	
	//返回查找的结果	i是当前的分界线，j是一直增长的
	public int subSolve(int[] list,int low,int high,int k){
			int i = low+1;
			for(in
最低0.47元/天 解锁文章

200万优质内容无限畅学
【2024华为OD机试C卷】476、矩阵匹配、数组中第 K 大的数中的最小值 | 机试真题+思路参考+代码解析（C语言、C++、Java、Py、JS）
KJ.JK
02-04 1311
题目描述 >从一个N*M (N
【华为OD机试真题 C语言】476、矩阵匹配、数组中第 K 大的数中的最小值 | 机试真题+思路参考+代码解析（C卷）
KJ.JK
01-20 3927
题目描述 >从一个N*M (N
在数组A中寻找第k小的元素-最坏情况为线性时间的算法
borderLands
06-08 958
I ： 平均情况下的时间复杂度为：O(n) 期望值（expected）； 最坏情况下的时间复杂度为：O(n的平方)即：每次对A划分为（0：n-1） 函数命名为：find_k_th(A, p, q, k)    //int  value = find_k_th(A, p, q, k): value为从A[p]到A[q]中第k小的值 可以从 random-quicksort 算法中（复杂度分析运用
求已知N个数中第k小的数
NickyYe的专栏
12-01 440
http://eager2007.blog.hexun.com/26216090_d.html 本来今天想写的是“面试记”，八一八HR姐姐和面试官叔叔。但聊到面试难免要聊面试题，而算法题自是其重中之重。为了日后能专心地八面试官，今天就先说说这个算法。。。本篇涉及专业知识，外行止步，发生危险概不负责。算法与数据结构，属于IT技能中较“高雅”的一类，所谓阳春白雪、曲高和寡，往往只有大公司才对此有兴趣。...
问题: 一个数组长度为n, 求出其最小的k个元素并从小到大输出
^_^
04-07 2182
遇到这样一个问题: 一个数组长度为n, 求出其最小的k个元素. 想到三种解决方法: 1. 最简单的, 给数组排个序, 然后把前面k个元素输出, OK. 优点是简单明了. 缺点是做了很多额外的工作: k个元素后面的没有必要. 2. 比上面好一些, 就是使用一个堆, 或者排序树. 首先把数组中前k个元素插入这个堆(或者排序二叉树中). 然后, 对后面所有的元素,     a. 讲这个元素插入
找出数组中最小的 K 个数
不要总是等明天再开始
05-24 1706
给定一个长度为 n 的数组，要求输出数组中最小的 K 个数（k 思路： 最简单的思路是将数组进行排序，由小到大排序，则数组最前面的 K 个既我们要求的。 但是这样的时间复杂度为 nlongn，在排序上是最优了，但是在这道题不是。 我们可以利用 快速排序的原理，Partition 函数。将比初始数字 temp 小的数放在左边，比 temp 放在右边。 如果 temp 刚好是第 k 个数字，
找出数组中第k小的元素
超记载
01-28 460
给定一无序整型数组a，在不排序的情况下，查找第k小的元素 类似快排。 如果k非常小比如小于3，觉得应该用几个临时变量然后遍历一遍解决。   public class MinKth { public static int calculate(int[] array, int k) { return calculate(array, k, 0, array.len...
多个数组排列组合选出最大的n位数（适合大数据量）
weixin_44194347的博客
09-03 1023
题目：m个含有n位数字的数组排列组合选出最大的k个值 在面试阿里的过程中收到了一道面试题，题目意思主要就是在m个含有n位数字的数组排列组合选出最大的k个值，提供一种解题方法，看到题目的第一时间肯定会想到排列组合出所有可能然后进行排序选取最高几位。但是在数组多及数组含有数字庞大的时候，这种方法效率是非常低下的，我想到了一种解题思路，在此记录，由于时间匆忙，代码可能有很多漏洞和不足，仅作参考。 解题思路 假如有a[],b[],c[]三个队列,首先将三个队列从大到小做一个排序，明确f(0,0,0)表示a[0],b
面试题—— 找出一个无序整型数组中第k大的数。
热门推荐
艾斯
09-30 1万+
面试题—— 找出一个无序整型数组中第k大的数。
面试算法：在循环排序数组中快速查找第k小的值
tyler_download的专栏
07-14 947
一个长度为n的数组A,它是循环排序的，也就是说它的最小元素未必在数组的开头，而是在下标i，于是就有A[i] 378, 478, 550, 631, 103, 203, 220, 234, 279, 368, 370, 374 给定一个排序数组，假定数组所有元素都不相同，请你给出一个复杂度为O(lgn)的算法，查找出第k小的元素。对于上面例子，如果k = 10，那么对应元素为478. 解答这道...
153. 寻找旋转排序数组中的最小值
qq_43808588的博客
09-07 254
题目 已知一个长度为 n 的数组，预先按照升序排列，经由 1 到 n 次 旋转 后，得到输入数组。例如，原数组 nums = [0,1,2,4,5,6,7] 在变化后可能得到： 若旋转 4 次，则可以得到 [4,5,6,7,0,1,2] 若旋转 7 次，则可以得到 [0,1,2,4,5,6,7] 注意，数组 [a[0], a[1], a[2], ..., a[n-1]] 旋转一次 的结果为数组 [a[n-1], a[0], a[1], a[2], ..., a[n-2]] 。 给你一个元素值 互不相同
如何从最大的N个数中选出最大或者最小的n个数
fff6215313的专栏
11-10 1325
这个问题我前前后后考虑了有快一年了，也和不少人讨论过。据我得到的消息，Google和微软都面过这道题。这道题可能很多人都听说过，或者知道答案（所谓 的“堆”），不过我想把我的答案写出来。我的分析也许存有漏洞，以交流为目的。但这是一个满复杂的问题，蛮有趣的。看完本文，也许会启发你一些没有想过的解决方案（我一直认为堆也许不是最高效的算法）。在本文中，将会一直以寻找n个最“大”的数为分析例子。注：本文写
算法--排序--寻找数组内第K大的元素
Michael是个半路程序员
04-13 911
此题目，需要用到快速排序里的划分数组操作： 快排参考：https://blog.youkuaiyun.com/qq_21201267/article/details/81516569#t2 先选取一个合适的哨兵（三数取中法） 将数组分成三部分【小于哨兵的】【哨兵】【大于等于哨兵的】 然后看哨兵的下标+1 == K吗？等于就返回哨兵，不等则在一侧递归调用该划分方法 复杂度：平均情况下，遍历一次数组找到哨兵是...
算法导论--在无序数组中选择第k小个数
liao272549164的专栏
06-05 684
从一个无序的整型数组中选出第k小的数，如k=1为最小数，k=n为最大数。这里数组可以是有重复的值！ 下面是自己写的一个函数，记在此处来记忆我留下的痕迹！   //选择无序数组中第k小的数 #include using namespace std ; bool failed = false ; //这里只考虑数组是int型的 int findnumber(int *array,in
找到无序数组中最小的k个数
MIC10086的博客
10-23 788
找到无序数组中最小的k个数 题目描述 给定一个整型数组arr，找到其中最小的k个数。 输入描述： 输入包含两行，第一行包含两个整数n和k(1≤k≤n≤105)(1 \leq k \leq n \leq 10^5)(1≤k≤n≤105)，代表数组arr的长度，第二行包含n个整数，代表数组arr(1≤arri≤109)arr(1 \leq arr_i \leq 10^9)arr(1≤arri​≤109)。 输出描述： 输出包含一行，k个整数，代表数组中最小的k个整数。 示例1 输入 5 3 3 5 1 5 2
算法——求n个有序数组中第k小的值
weixin_45683908的博客
03-12 527
【代码】算法——求n个有序数组中第k小的值。
Leetcode215 寻找数组中第K大的数
neverSaynever_的博客
02-16 5161
剑指offer——寻找数组中的第 K 大的数 题目描述 给定一个数组A，要求找到数组A中第K大的数字。 思路：对于这种题目，其实有多种解法 方法1：对数组A进行排序，然后遍历一遍就可以找到第K大的数字。该方法的时间复杂度为O(N*logN) 方法2：利用简单选择排序法的思想，每次通过比较选出最大的数字来，比较上K次就能找出第K大的数字来。该方法的时间复杂度为O(N*K)，最坏情况下为O(N^2)。 方法3：也是本文介绍的最重要的一种方法。利用快速排序算法 partition 的思想来解决。首先快
给定一个数组和一个整数k,判断这个数组是否能被分成k个大小相等的子数组（c++）
weixin_42208579的博客
08-13 575
给定一个数组和一个整数k,判断这个数组能否被分成k个大小相等的子数组（）
【算法】一个长度为n的数组，其中数组中每个元素的值都不大于n，如何用O(n)的算法判断数组中是否存在重复元素
张宇的博客
06-20 2929
Java public class Test { static Integer[] arrays = {1, 2, 3, 5, 3, 4}; private static void findRepetition(Integer[] arrays) { Integer[] initList = new Integer[arrays.length + 1]; ...
给你两个整数数组，nums1 和 nums2，长度均为 n，以及一个正整数 k 。 对从 0 到 n - 1 每个下标 i ，执行下述操作： 找出所有满足 nums1[j] 小于 nums1[i] 的下标 j 。 从这些下标对应的 nums2[j] 中选出 至多 k 个，并 最大化 这些值的总和作为结果。 返回一个长度为 n 的数组 answer ，其中 answer[i] 表示对应下标 i 的结果。
最新发布
03-10
<think>嗯，这个问题看起来有点挑战性。我需要仔细理解题目要求。题目是说，给定两个长度都为n的数组nums1和nums2，还有一个正整数k。对于每个位置i，我们需要找到所有满足nums1[j] < nums1[i]的j，然后在这些j对应的nums2[j]中选最多k个元素，使得它们的和最大。最后返回结果数组answer，其中answer[i]是这个最大的和。对吧？ 首先，我得考虑如何处理每个i的情况。对于每个i来说，首先要找到所有j使得nums1[j] < nums1[i]。这一步可能需要先对nums1进行处理，比如排序，或者为每个i遍历整个数组来找符合条件的j。不过这样时间复杂度可能很高，特别是当n很大的时候。 举个例子，假设nums1是[3,1,4,2]，nums2是[5,6,7,8]，k是2。对于i=0（nums1[i]=3），符合条件的j是那些nums1[j]<3的位置，也就是j=1和j=3。对应的nums2[j]是6和8。从中选最多2个，最大的和是6+8=14，所以answer[0]=14。 那如何高效地找到每个i对应的j呢？一个可能的方法是将nums1的元素进行排序，并记录它们的索引。比如，先对nums1进行排序，这样在处理每个i的时候，可以通过二分查找快速找到比当前nums1[i]小的所有元素的位置。这样可以将时间复杂度降低到O(n log n)的级别。 然后，对于每个i，找到对应的nums2[j]之后，需要从中选出最多k个最大的数，并求和。这部分可能需要将对应的nums2[j]进行排序，取前k个最大的数的和。例如，如果nums2[j]是[6,8]，取前2个的和是14；如果k=1，则取最大的8，和为8。 那如何高效地处理这一步呢？可能需要为每个i预先存储其对应的nums2[j]列表，并按降序排列，然后计算前k项的前缀和。这样，当需要查询时，可以直接取前缀和数组中的最小值（k或者列表长度）。 举个例子，假设某个i对应的nums2[j]列表是[5,3,9,2]，排序后降序是[9,5,3,2]。前缀和数组是[9, 14, 17, 19]。当k=2时，取前两项的和是14。当k大于列表长度时，取所有元素的和。 所以，可能的步骤是： 1. 预处理nums1和nums2，将每个元素按nums1的值进行排序，并记录对应的nums2的值。 2. 对于每个i，使用二分查找找到所有nums1[j] < nums1[i]的j，然后收集对应的nums2的值，并生成降序排列的前缀和数组。 3. 对于每个i，根据k的值，取前min(k, 列表长度)个元素的和，存入answer[i]。 但是，这样直接处理的话，时间复杂度可能很高，尤其是对于每个i都要做一次收集和排序。因为对于每个i，需要遍历所有j来找到符合条件的，这可能导致O(n^2)的时间复杂度，这在n很大的情况下不可行。 那有没有更高效的方法呢？比如，能否在预处理的时候，对nums1进行排序，并为每个元素维护一个数据结构，可以快速查询比当前元素小的所有nums2的值，并且已经维护好降序排列的前缀和？ 比如，可以先将所有nums1的元素和对应的nums2的值按照nums1的大小排序。然后，对于每个元素nums1[i]，所有比它小的元素都在排序后的数组的前面部分。这样就可以在排序后的数组中，通过二分查找找到比当前nums1[i]小的最大的索引，然后取前面所有元素对应的nums2的值，再维护这些值的前缀和数组。 但这里有一个问题，排序后的数组可能打乱了原来的顺序，所以每个i对应的nums1[i]在排序后的位置是确定的。比如，排序后的数组是排序后的nums1和对应的nums2，比如sorted_pairs = sorted(zip(nums1, nums2))。然后，对于每个i，找到在sorted_pairs中nums1小于nums1[i]的元素，这可以通过二分查找找到最大的索引m，使得sorted_pairs[m][0] < nums1[i]。然后，前m+1个元素的nums2的值都是满足条件的。 这时候，可以维护一个结构，比如每个位置m对应的前m+1个元素的nums2的前缀和数组，其中已经降序排列。这样，当处理每个i时，找到对应的m后，就可以直接取该位置的前缀和数组中的前k项的和。 但如何维护这样的结构呢？比如，可以在排序后，按照nums1的顺序，逐步将元素加入到一个数据结构中，并在每一步记录当前已处理元素中的nums2的值的降序排列的前缀和。例如，当处理到排序后的第m个元素时，该元素以及之前的所有元素的nums1的值都小于等于当前元素的nums1值。但是，这可能需要动态维护一个有序的列表，并在插入新元素时保持降序排列，并计算前缀和。 或者，可以预处理所有可能的nums1的值，按照从小到大排序，并为每个元素存储对应的nums2的值。然后，对于每个排序后的元素，维护一个降序排列的nums2列表，以及对应的前缀和数组。这样，当处理原数组中的每个i时，找到所有在排序后的数组中比它小的元素的位置，然后合并这些元素的nums2列表，取最大的k个的和。 这似乎有些复杂，可能需要更深入的思考。 例如，假设sorted_pairs是按nums1从小到大排序的数组。对于每个元素sorted_pairs[m]，它之前的元素（索引0到m-1）的nums1的值都比它小。因此，可以维护一个数据结构，在遍历sorted_pairs时，将每个元素的nums2的值加入到一个降序排列的列表，并维护前缀和数组。这样，对于每个sorted_pairs[m]，当处理到它时，该列表包含所有nums1值比它小的元素的nums2的值，并且已经排序，前缀和数组也已经计算好。但是这样可能无法直接对应到原数组中的每个i的位置，因为原数组中的i可能对应到sorted_pairs中的某个位置m，而这时候前面的元素都是比sorted_pairs[m]小的。 但原问题中的i对应的nums1[i]可能有重复的情况，所以在排序后的数组中可能存在多个相同值的元素。这时候，需要处理所有严格小于nums1[i]的元素，不包括等于的情况。因此，对于原数组中的i，nums1[i]对应的所有j必须满足nums1[j] < nums1[i]。在排序后的数组中，可以使用bisect_left或bisect_right来找到对应的位置。 比如，假设sorted_nums1是按升序排列的数组，每个元素对应一个索引。对于原数组中的i，nums1[i]的值是x，那么使用bisect_left找到x的位置pos，所有在0到pos-1的位置对应的nums1的值都小于x。因此，这些元素的nums2的值都是候选。 然后，这些候选的nums2的值需要被收集起来，降序排列，并计算前缀和。这样，当处理原数组中的每个i时，找到对应的所有j的nums2的值，排序后取前k个的和。 但是，如何高效地为每个i找到这些nums2的值，并快速得到前k个的和呢？ 这里的关键是预处理，将每个可能的x（nums1的值）对应的所有nums2的值存储起来，并按照降序排列，并计算前缀和数组。这样，当给定一个x时，可以快速找到所有比x小的元素的nums2的值的前k个之和。 具体步骤可能如下： 1. 将所有nums1的元素和对应的nums2的元素组成对，并按nums1的值进行升序排序。例如，sorted_pairs = sorted(zip(nums1, nums2), key=lambda x: x[0])。 2. 预处理每个位置m，在sorted_pairs中，前m+1个元素的nums1的值都小于等于sorted_pairs[m][0]。但我们需要的是严格小于的情况。所以对于原数组中的i，对应的x = nums1[i]，需要找到在sorted_pairs中所有元素的nums1值严格小于x的元素的nums2的值。因此，可以使用bisect_left找到x的插入位置pos，所有0到pos-1的位置的元素的nums1值都小于x。 3. 对于这些pos-1个元素（假设pos>0），我们需要将这些元素的nums2的值取出来，降序排列，然后计算前缀和数组。例如，将这些nums2的值存入一个列表，排序后降序，然后计算前缀和数组sums，其中sums[i]是前i个元素的和。 4. 对于每个i，当找到对应的pos之后，取出这些nums2的值，然后取前k个的和。例如，如果列表长度为m，则取前min(k, m)个的和，即sums[min(k, m)-1]。 但是，问题在于如何高效地维护这些前缀和数组。因为对于不同的x，对应的pos不同，所以可能需要动态处理。 另一种思路是，维护一个数据结构，比如一个有序列表，随着x的增加，逐步将元素加入，并维护它们的降序排列的前缀和。例如，在遍历排序后的sorted_pairs时，每次处理一个元素，将它的nums2的值插入到一个数据结构中，并且保持该结构中的元素是降序排列的。同时，维护前缀和数组。这样，当处理到某个元素x时，所有已经处理过的元素的nums1的值都小于等于x的值。但这样是否可行？ 例如，假设我们按nums1从小到大处理每个元素。对于每个元素x，当处理它时，所有之前的元素的nums1值都小于等于x。所以，当原数组中的某个i的nums1[i]等于x时，这些之前的元素的nums1的值可能等于x，这样不会被选中（因为要求j的nums1[j] < nums1[i]）。所以，这可能需要将元素按严格升序的方式处理，或者在处理时考虑严格小于的情况。 这似乎比较复杂。或许，更高效的方式是，将sorted_pairs按nums1升序排序，然后对于每个元素x，将所有nums1 < x的元素的nums2收集起来，排序后降序，然后计算前缀和。这样，对于每个i，只需要在sorted_pairs中找到所有严格小于x的元素的nums2，然后处理即可。 但是，这样每个i都需要进行一次这样的操作，时间复杂度是O(n log n + n * (m + log m))，其中m是符合条件的元素的数量。如果每个i的m接近n，那么总的时间复杂度是O(n^2)，这在n很大的情况下是不可接受的。例如，当n是1e5时，这样的时间复杂度会很高。 但是根据问题描述，题目中的n可能有多大呢？比如，在引用中的问题，例如引用[2]提到数组长度可以达到16。所以可能这个问题的n比较小，允许O(n^2)的时间复杂度？ 假设题目中的n较小，那么可以采用以下步骤： 对于每个i： 1. 遍历所有j，找到满足nums1[j] < nums1[i]的j的集合。 2. 收集这些j对应的nums2[j]的值，组成列表。 3. 将列表排序，降序排列。 4. 计算前缀和数组，sums[0] = list[0], sums[1] = list[0] + list[1], 等等。 5. 如果列表的长度是m，那么answer[i] = sum前min(k, m)个元素的和，即sums[min(k, m)-1]（如果列表不为空的话，否则0）。 这样处理的时间复杂度是O(n^2 + n * m log m)，其中m是平均每个i对应的j的数量。当n是1e4时，这样的复杂度可能无法通过，但如果n较小（比如n=1e3），则可以接受。 但根据引用中的例子，比如引用[2]中的数组长度最多是16，所以可能这个问题的n可能比较小，允许这样的暴力方法。 所以，可能的解决方案如下： 实现步骤： 1. 预处理每个i对应的符合条件的j的列表。 2. 对每个i的列表中的nums2[j]进行降序排序，并计算前缀和。 3. 取前k个的和。 具体代码实现： 比如用Python的话： answer = [] for i in range(n): current = nums1[i] candidates = [] for j in range(n): if nums1[j] < current: candidates.append(nums2[j]) # 降序排序 candidates.sort(reverse=True) # 计算前缀和 prefix = [0] for num in candidates: prefix.append(prefix[-1] + num) # 取前k个的和 max_sum = prefix[-1] if len(candidates) <=k else prefix[k] answer.append(max_sum if candidates else 0) return answer 但这样处理的时间复杂度是O(n^2) + O(n * m log m)，其中m是每个i对应的候选数量。对于n=1e4，这可能需要1e8次操作，可能无法通过时间限制。但如果是n=1e3，那么是1e6次操作，可能可以接受。 那么，是否有更高效的方法？ 这里，可以优化的点在于如何快速找到每个i对应的j的候选，并且如何快速得到他们的前k大元素的和。 针对每个i，需要找到所有nums1[j] < nums1[i]的j。这一步可以通过预处理nums1数组，将其排序，并为每个元素记录对应的nums2的值，并维护一个结构来快速查询前k大元素的和。 例如，可以将所有元素按nums1的值排序，然后对于每个元素，维护一个最大堆或者有序数组，记录所有比当前元素小的nums2的值，并维护前缀和数组。 具体来说： 步骤： 1. 将nums1和nums2合并为数组pairs = list of (nums1[i], nums2[i])，并按nums1从小到大排序。 2. 维护一个数据结构，用于保存当前已经处理过的元素的nums2的值，并且支持快速插入、排序以及计算前k大的和。例如，可以用一个降序排列的列表，并维护前缀和数组。 3. 遍历排序后的pairs数组，对于每个元素（x, y），此时所有已经处理过的元素的x都小于等于当前的x。但我们需要的是严格小于的情况。因此，在遍历时，我们需要将当前元素处理之前，已经处理过的元素的x严格小于当前的x的元素，才能被包含到当前元素的候选集中。 这可能需要处理重复的x值。例如，当存在多个相同的x值时，如何处理？ 这里可能需要将排序后的数组分组，同一x值的元素一起处理。或者在遍历时，当处理到某个x时，将所有x值严格小于当前x的元素的nums2值收集到数据结构中，然后处理当前x对应的所有元素。 例如： 排序后的数组是按x升序排列的。遍历时，维护一个指针left，表示当前已经处理到的最大的x小于当前x的位置。这样，对于每个i，当处理到当前的x时，所有在left之前的元素的x都严格小于当前x。 这可能需要分组处理。例如，将排序后的数组分成不同的组，每个组内的x相同。例如，遍历时，当x发生变化时，处理前一组的元素，并将它们的nums2值加入数据结构。 或者，遍历时，记录每个x出现的起始和结束位置。例如，先对排序后的数组进行分组，得到每个x的起始和结束索引。这样，当处理某个x时，所有比它小的x对应的组已经被处理，并加入到数据结构中。 这可能比较复杂。 另一种方法是，在遍历排序后的数组时，维护一个列表sorted_nums2，保存所有已处理的元素的nums2的值，并且保持降序排列，同时维护前缀和数组。这样，当处理到当前元素（x, y）时，所有已处理的元素的x都严格小于x的元素已经被加入到sorted_nums2中。因为排序后的数组是按x升序排列的，所以当处理到当前的x时，所有之前的元素的x可能小于等于当前x。因此，当处理到相同的x值时，需要将这些元素暂时不加入sorted_nums2，直到遇到更大的x值时，再统一处理。 比如，维护一个临时列表temp，用于暂存相同x值的元素。当遍历到下一个更大的x时，将temp中的所有元素的nums2值加入sorted_nums2，排序并更新前缀和数组。然后处理当前的x对应的所有i，此时所有严格小于x的元素的nums2值已经被处理到sorted_nums2中。 这样，每个原数组中的i对应的x=nums1[i]，当在排序后的数组中找到其对应的位置时，可以确保sorted_nums2中保存的是所有x严格小于当前x的元素的nums2值。这样，对于每个原数组中的i，找到在排序后的数组中比它小的元素的总数，然后取前k个的和。 这种方法的时间复杂度可能较低，因为预处理是按排序后的顺序进行的，并且每个元素只被处理一次。 具体步骤如下： 1. 将原数组的pairs按nums1升序排序，得到sorted_pairs。 2. 初始化一个空的列表sorted_nums2，并维护其降序排列的前缀和数组prefix_sums。 3. 遍历sorted_pairs，同时维护当前处理的x的值。每当x增大时，将之前暂存的相同x值的元素的nums2值插入到sorted_nums2中，排序并更新prefix_sums。 4. 对于原数组中的每个i，找到其对应的x=nums1[i]，在sorted_pairs中找到所有严格小于x的元素的nums2值，这些值已经被处理到sorted_nums2中。然后取前k个的和。 但这里的问题是，如何将原数组中的i映射到sorted_pairs中的x的处理。因为原数组中的i对应的x可能分布在sorted_pairs的任何位置，所以需要为每个原数组的i，在预处理后的结构中快速找到对应的prefix_sums。 或者，可以预处理每个可能的x值对应的prefix_sums，然后在原数组处理时，直接查询对应的x值的prefix_sums。 比如，在预处理阶段，按x从小到大处理，每当遇到一个新的x值时，将之前所有比它小的x值的nums2值合并到sorted_nums2中，并维护prefix_sums。这样，每个x值对应一个prefix_sums数组，保存所有比它小的元素的nums2的前k大的和。 例如，可以维护一个字典，其中键是x值，值是该x对应的prefix_sums数组。当处理到某个x时，所有比它小的x值的元素已经被合并，并计算了prefix_sums。这样，当原数组中的i对应的x是某个值时，直接查询字典中该x对应的prefix_sums数组。 但这种方法可能难以处理所有可能的x值，特别是当x值很多时。 综上，可能最直接的方式是，对于每个i，遍历所有j，收集满足nums1[j]<nums1[i]的nums2[j]，排序后取前k大的和。这在n较小的情况下是可行的。 例如，在Python中，可以用以下代码： def solution(nums1, nums2, k): n = len(nums1) answer = [] for i in range(n): current = nums1[i] candidates = [nums2[j] for j in range(n) if nums1[j] < current] candidates.sort(reverse=True) total = 0 for j in range(min(k, len(candidates))): total += candidates[j] answer.append(total) return answer 这将正确生成answer数组。例如，当nums1=[3,1,4,2], nums2=[5,6,7,8],k=2时： 对于i=0，nums1[i]=3，j符合条件的j是1（nums1[1]=1）和3（nums1[3]=2）。对应的nums2[j]是6和8。排序后是8,6。总和是8+6=14。所以answer[0]=14。 i=1，nums1[i]=1，没有j满足nums1[j]<1，所以总和为0. i=2，nums1[i]=4，符合条件的j是0,1,3。对应的nums2是5,6,8。排序后是8,6,5。取前2个，总和8+6=14. i=3，nums1[i]=2，符合条件的j是1（nums1[j]=1），对应的nums2[j]=6。总和是6. 所以answer=[14,0,14,6]。 这似乎正确。 但时间复杂度是O(n^2 + n * m log m)，其中m是每个i对应的候选数量。对于n=1e4，这会非常慢。但如果n较小，比如n=1e3，那么时间复杂度是约1e6次操作，可以接受。 但是根据引用中的问题，例如引用[2]中的数组长度最多是16，所以可能这个问题的n比较小，允许这种暴力解法。 所以，这可能就是正确的解决方案。但需要处理一些边界情况，比如当没有符合条件的j时，answer[i]为0，或者当k为0时（但题目中k是正整数）。 另外，题目中说明，每个i对应的j可以是所有满足条件的，并且选最多k个元素。所以当k=0时可能没有元素可选，但题目中的k是给定的正整数，所以无需处理k=0的情况。 综上，这样的方法应该可行，但需要确保正确性。</think>### 问题分析 给定两个长度均为$n$的整数数组`nums1`和`nums2`，以及正整数$k$。对于每个下标$i$，需要找到所有满足`nums1[j] < nums1[i]`的$j$，并从对应的`nums2[j]`中选择最多$k$个值，使它们的和最大。最终返回结果数组`answer`，其中`answer[i]`表示该最大和。 ### 解决思路 1. **遍历每个元素**：对于每个$i$，遍历数组`nums1`，找到所有满足`nums1[j] < nums1[i]`的$j$。 2. **收集候选值**：将满足条件的`nums2[j]`存入列表。 3. **排序与求和**：对候选列表降序排列，取前$k$个元素求和（若候选数量不足$k$个，则取全部）。 4. **边界处理**：若无候选元素，则和为$0$。 ### 代码实现 ```python def max_sum_selection(nums1, nums2, k): n = len(nums1) answer = [] for i in range(n): current = nums1[i] candidates = [] for j in range(n): if nums1[j] < current: candidates.append(nums2[j]) candidates.sort(reverse=True) total = sum(candidates[:k]) if candidates else 0 answer.append(total) return answer ``` ### 示例说明 假设输入： ``` nums1 = [3, 1, 4, 2] nums2 = [5, 6, 7, 8] k = 2 ``` - 对于$i=0$（`nums1[0]=3`），满足条件的$j$为$1$和$3$，对应`nums2`值为$[6, 8]$，降序排列后取前$2$个和为$14$。 - 对于$i=1$（`nums1[1]=1`），无满足条件的$j$，和为$0$。 - 最终结果为`[14, 0, 14, 6]`。 ### 时间复杂度 - 外层循环遍历$n$次，内层遍历和排序的时间为$O(n + m \log m)$（$m$为候选元素数量）。 - 总时间复杂度为$O(n^2 + n \cdot m \log m)$，适用于$n$较小的场景[^1][^2]。 ### 优化方向 若$n$较大，可通过以下方法优化： 1. **预处理排序**：将`nums1`与索引一起排序，利用二分查找快速定位符合条件的$j$。 2. **前缀和数组**：维护降序排列的前缀和数组，避免重复排序和求和[^3]。
评论
添加红包

请填写红包祝福语或标题

个

红包个数最小为10个

元

红包金额最低5元

当前余额3.43元 前往充值 >
需支付：10.00元
成就一亿技术人!
领取后你会自动成为博主和红包主的粉丝 规则
hope_wisdom
发出的红包
实付元
使用余额支付
点击重新获取
扫码支付
钱包余额 0

抵扣说明：

1.余额是钱包充值的虚拟货币，按照1:1的比例进行支付金额的抵扣。
2.余额无法直接购买下载，可以购买VIP、付费专栏及课程。

余额充值