[HDCTF2019]basic rsa

最新推荐文章于 2025-01-24 17:08:38 发布

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#安全

博客介绍了利用Python打开文件获取p、q、e、c信息，再借助RSA-Tool工具算出d，最终解出明文为flag{B4by_Rs4}，涉及信息技术领域的加密解密内容。

通过python打开文件，文件内容告诉了我们，p，q，e，c，通过RSA-Tool工具算出d，可以解得明文

明文为：flag{B4by_Rs4}

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BUU-Crypto-[HDCTF2019]basic rsa

七堇年的博客

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1.题目代码： import gmpy2 from Crypto.Util.number import * from binascii import a2b_hex,b2a_hex flag = "*****************" p = 262248800182277040650192055439906580479 q = 262854994239322828547925595487519915551 e = 65533 n = p*q c = pow(int(b2a_hex(flag)

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下载得到一个py 类型：n+e+c+p+q= m 注释中就是该脚本生成的c 使用脚本RSA各题型脚本\n+e+c+p+q= m 直接套用脚本 import random from binascii import a2b_hex,b2a_hex p = 262248800182277040650192055439906580479 q = 262854994239322828547925595487519915551 n = p * q def multiplicative_inversr(a,b):

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打开下载的attachment.py,可得p,q,e,n以及c(最后一行注释)，flag是未知的，即要求的明文m。欲求m先求d,上脚本。

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Buu-[HDCTF2019]basic rsa 1 首先打开题目附件，得到一份py文件，代码为题目给的已知信息包括p，q，e，c 要求我们求出明文m，并以字符串形式输出根据题目要求写代码来解即可得到flag{B4by_Rs4}

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题目：给了一个.py文件果然是基础rsa啊原理可以百度RSA 代码： import gmpy2 import libnum p = 262248800182277040650192055439906580479 q = 262854994239322828547925595487519915551 e = 65533 n = p*q c=27565231154623519221597938803435789010285480123476977081867877272451638645710

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题目给出e的取值范围，以及n和p、base32加密并倒序的c 由n和p可得q，base32倒序解密得c 只要爆破出e即可 from base64 import b64encode as b32encode from base64 import b64decode as b32decode import gmpy2 from Crypto.Util.number import * from binascii import a2b_hex,b2a_hex import random # flag = "**

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[De1CTF2019]babyrsa writeup

a5555678744的博客

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hsqGOD's blog

03-16

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打开题目我们可以看到这就是一道RSA的题目，且几乎所有条件都知道，就只有e需要在50000到70000之间爆破，算是非常的简单，直接上脚本 // python2 import base64 import gmpy2 p=177077389675257695042507998165006460849 n=374218295098877962748971622493673294009886471456...

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