Educational Codeforces Round 5


B. Dinner with Emma
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output
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Jack decides to invite Emma out for a dinner. Jack is a modest student, he doesn't want to go to an expensive restaurant. Emma is a girl with high taste, she prefers elite places.

Munhattan consists of n streets and m avenues. There is exactly one restaurant on the intersection of each street and avenue. The streets are numbered with integers from 1 to n and the avenues are numbered with integers from 1 to m. The cost of dinner in the restaurant at the intersection of the i-th street and the j-th avenue is cij.

Jack and Emma decide to choose the restaurant in the following way. Firstly Emma chooses the street to dinner and then Jack chooses the avenue. Emma and Jack makes their choice optimally: Emma wants to maximize the cost of the dinner, Jack wants to minimize it. Emma takes into account that Jack wants to minimize the cost of the dinner. Find the cost of the dinner for the couple in love.

Input

The first line contains two integers n, m (1 ≤ n, m ≤ 100) — the number of streets and avenues in Munhattan.

Each of the next n lines contains m integers cij (1 ≤ cij ≤ 109) — the cost of the dinner in the restaurant on the intersection of the i-th street and the j-th avenue.

Output

Print the only integer a — the cost of the dinner for Jack and Emma.

Sample test(s)
Input
3 4
4 1 3 5
2 2 2 2
5 4 5 1
Output
2
Input
3 3
1 2 3
2 3 1
3 1 2
Output
1
Note

In the first example if Emma chooses the first or the third streets Jack can choose an avenue with the cost of the dinner 1. So she chooses the second street and Jack chooses any avenue. The cost of the dinner is 2.

In the second example regardless of Emma's choice Jack can choose a restaurant with the cost of the dinner 1.



#include <bits/stdc++.h>

using namespace std;

#define chfor(ch,cha,chn) for(char ch=cha;ch<chn;ch++)
#define rep(i,a,n) for (int i=a;i<n;i++)
#define per(i,a,n) for (int i=n-1;i>=a;i--)
#define fi first
#define se second 
#define M 1000000  
typedef long long ll;
const int shi=123;             
 

int main(void){  
     int n,m;
     cin >> n >> m;
   int a[n][m];
   for(int i =0;i<n;i++)
     for(int j=0;j<m;j++)
           cin >> a[i][j]; 
   int b[n],k=0;
   
   for(int i=0;i<n;i++)
{
    b[i]=a[i][0];
    for (int j=0;j<m;j++)
       if(b[i]>a[i][j])
            b[i]=a[i][j];
}
k=b[0];
   for(int i=0;i<n;i++)
          if(k<b[i]) 
               k=b[i];
 cout << k << endl; 

      return 0;  
}   


资源下载链接为: https://pan.quark.cn/s/3d8e22c21839 随着 Web UI 框架(如 EasyUI、JqueryUI、Ext、DWZ 等)的不断发展与成熟,系统界面的统一化设计逐渐成为可能,同时代码生成器也能够生成符合统一规范的界面。在这种背景下,“代码生成 + 手工合并”的半智能开发模式正逐渐成为新的开发趋势。通过代码生成器,单表数据模型以及一对多数据模型的增删改查功能可以被直接生成并投入使用,这能够有效节省大约 80% 的开发工作量,从而显著提升开发效率。 JEECG(J2EE Code Generation)是一款基于代码生成器的智能开发平台。它引领了一种全新的开发模式,即从在线编码(Online Coding)到代码生成器生成代码,再到手工合并(Merge)的智能开发流程。该平台能够帮助开发者解决 Java 项目中大约 90% 的重复性工作,让开发者可以将更多的精力集中在业务逻辑的实现上。它不仅能够快速提高开发效率,帮助公司节省大量的人力成本,同时也保持了开发的灵活性。 JEECG 的核心宗旨是:对于简单的功能,可以通过在线编码配置来实现;对于复杂的功能,则利用代码生成器生成代码后,再进行手工合并;对于复杂的流程业务,采用表单自定义的方式进行处理,而业务流程则通过工作流来实现,并且可以扩展出任务接口,供开发者编写具体的业务逻辑。通过这种方式,JEECG 实现了流程任务节点和任务接口的灵活配置,既保证了开发的高效性,又兼顾了项目的灵活性和可扩展性。
### Codeforces Educational Round 26 比赛详情 Codeforces是一个面向全球程序员的比赛平台,其中Educational Rounds旨在帮助参与者提高算法技能并学习新技巧。对于具体的Educational Round 26而言,这类比赛通常具有如下特点: - **时间限制**:每道题目的解答需在规定时间内完成,一般为1秒。 - **内存限制**:程序运行所占用的最大内存量被限定,通常是256兆字节。 - 输入输出方式标准化,即通过标准输入读取数据并通过标准输出打印结果。 然而,关于Educational Round 26的具体题目细节并未直接提及于提供的参考资料中。为了提供更精确的信息,下面基于以往的教育轮次给出一些常见的题目类型及其解决方案思路[^1]。 ### 题目示例与解析 虽然无法确切描述Educational Round 26中的具体问题,但可以根据过往的经验推测可能涉及的问题类别以及解决这些问题的一般方法论。 #### 类型一:贪心策略的应用 考虑一个问题场景,在该场景下需要照亮一系列连续排列的对象。假设存在若干光源能够覆盖一定范围内的对象,则可以通过遍历整个序列,并利用贪心的思想决定何时放置新的光源以确保所有目标都被有效照射到。这种情况下,重要的是保持追踪当前最远可到达位置,并据此做出决策。 ```cpp #include <bits/stdc++.h> using namespace std; bool solve(vector<int>& a) { int maxReach = 0; for (size_t i = 0; i < a.size(); ++i) { if (maxReach < i && !a[i]) return false; if (a[i]) maxReach = max(maxReach, static_cast<int>(i) + a[i]); } return true; } ``` #### 类型二:栈结构处理匹配关系 另一个常见问题是涉及到成对出现元素之间的关联性判断,比如括号表达式的合法性验证。这里可以采用`<int>`类型的栈来记录左括号的位置索引;每当遇到右括号时就弹出最近一次压入栈底的那个数值作为配对依据,进而计算两者间的跨度长度累加至总数之中[^2]。 ```cpp #include <stack> long long calculateParens(const string& s) { stack<long long> positions; long long num = 0; for(long long i = 0 ; i<s.length() ;++i){ char c=s[i]; if(c=='('){ positions.push(i); }else{ if(!positions.empty()){ auto pos=positions.top(); positions.pop(); num+=i-pos; } } } return num; } ``` #### 类型三:特定模式下的枚举法 针对某些特殊条件约束下的计数类问题,如寻找符合条件的三位整数的数量。此时可通过列举所有可能性的方式逐一检验是否符合给定规则,从而统计满足要求的结果数目。例如求解形如\(abc\)形式且不含重复数字的正整数集合大小[^3]。 ```cpp vector<int> generateSpecialNumbers(int n) { vector<int> result; for (int i = 1; i <= min(n / 100, 9); ++i) for (int j = 0; j <= min((n - 100 * i) / 10, 9); ++j) for (int k = 0; k <= min(n % 10, 9); ++k) if ((100*i + 10*j + k)<=n&&!(i==0||j==0)) result.emplace_back(100*i+10*j+k); sort(begin(result), end(result)); return result; } ```
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