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RSS订阅原创 力扣3-无重复字符的最长子串
如果双重循环暴力截取每一个子串（n^2），并且判断子串是否重复（n），最暴力的写法复杂度是O(n^3)。我除了把双重循环改成单层循环了，但是这样只变成了O(n^2)，只能处理几万大小的数据，还是太慢了。这两者的作用差不多，但是map可以储存key和value，相比起只能储存key的set，正好满足我们的要求。不必在每次更新子串后，都从头判断当前子串是不是重复的，因为如果之前都不重复，那新加一个字符的话，只要直接查一下那个字符在不在就行了。想了想怎么实现检查重复字符的操作，于是写出了rep函数。
2024-09-02 18:26:32
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原创 RMQ问题-st表
但是如果我们要查询的区间是[l,r]，那我们可以查询max（区间[l,a]，区间[b,r]），并且a一定要大于等于b，因为中间有交集的部分不影响最大值，但如果中间有断裂的地方就影响了，如果最大值刚好在断裂的区间里就会判断错误。此时左st表的下标就是st[l][k]，右st表st[r-(1<<k)+1][k]，分别代表了从l到l后2^k个数的区间，和从r到r前2^k个数的区间，计算两者最大值即可。总结：如果只需要查询就用st表，但是st表无法增删改，所以需要多次修改值的时候，就用线段树。
2024-08-16 02:22:37
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原创 力扣49-字母异位词分组
来作为内层循环的条件，这个大小是针对第一个子向量的，而其他子向量可能有不同的大小。1.unorderedmap的用法：左边是key的类型右边是value类型。2.遍历不太会用auto，但是好像直接打上去就没事了。中的内容，从而提高效率。这样做的目的是为了避免复制。，同时避免了不必要的内存复制开销。因为迭代器返回的是一个pair。不用auto就得这么写了。来不及写了电脑要没电了。
2024-08-13 17:31:21
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原创 力扣47-全排列 II
假如nums=1，2，2，3，那cur第一次回溯到1，2，3的时候，还有下标为2的2未使用：此时虽然nums[i]==nums[i-1]，但是这个2没有填在和上一个2相同的位置上，即上一个2在当前的cur中已经被使用过了（条件num[i-1]==0时，continue）每个排列可能的长度==原数组的长度，对应每一位数字，都可以填上num[0]~num[n]中没有使用过的数字，本质上是一棵树，每个父节点都分出来n个子节点，但其中使用过的数字的节点被剪掉了。太久没写题了我复健之。
2024-08-13 16:08:09
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原创 洛谷P1135 奇怪的电梯--dfs剪枝和bfs
如果来到此楼，但是之前已经存在花费比这更少的步数就能到达这里的情况，那说明中间肯定绕了路，不是最短路。2.可能有死循环，比如3 1 2 0 2，从3到4层，可能在3和5之间一直往返（每次到3都先进入上楼的路径）。思索了一下，发现可以加入条件：如果当前路径的步数已经超过了之前统计过的最少步数，那这肯定不是最短路，直接返回。既然没wa只有tle，自己的算法应该是没啥问题的，那就是还有没剪掉的枝。2-1-此时本来要到3，但是之前的路径里我们已经到过3，肯定绕路了。可以100分了，应该快了很多。
2024-04-11 23:25:38
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原创 蓝桥杯2023省b——飞机降落（dfs）以及萌新关于dfs的思考
可以抽象成有一个数列{1，2，3}，例举所有的排列顺序{123}{132}{213}{231}{312}{321}。此时的数字2，已经没有被使用过了，目前的排列顺序是{1，3，}，第三层递归依旧从int i=1开始，1已经被使用，但是2没有，所以第三个数字填为2。第三层遍历已经到达数组的尽头，递归结束，返回第二层，此时for循环里的i++（原本等于2），自增为3，进入第三层递归。如何在更新路径时，把数字的标记擦掉？飞机1只能坚持两分钟，但是如果先降落一，降落过程太久，会把飞机2耗死，正确答案应该是2→1。
2024-04-11 18:17:44
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空空如也
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