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RSS订阅原创 UESTC - ACM趣味赛热身赛(二)题解
题解 第一题 因为每次只拿两个，所以不改变原来序列的奇偶性。 所以直接判断奇偶性即可。 #include <bits/stdc++.h> using namespace std; int main() { int N; scanf("%d", &N); if(N % 2 == 0) puts("Yitong_Qin"); else pu
2018-11-18 17:01:27
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原创 UESTC - ACM趣味赛热身赛(一)题解
题解 第一题 令单次砸出第i个式神概率为Pi(0≤Pi≤1)P_i (0 \leq P_i \leq 1)Pi(0≤Pi≤1)， 则有 两次以内砸出的概率为 Pi=P+(1−P)∗PP_i = P + (1 - P) * PPi=P+(1−P)∗P 于是有第i个式神砸出的期望为PiP_iPi 由于砸不同式神的事件之间互相独立，所以总期望简单地将式神相加即可。 #include <b...
2018-11-17 17:03:55
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空空如也
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