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这是需要记得的一道题，虽然不难，用的方法很典型。类别是Two Pointers。主要思想是Slide Window，从头开始对于长度等于S1的子串，判断是不是S1的一个排列。这里我们需要考虑的一个子问题是，对于两个长度相同的字符串，怎么样判断它们是不是同一些字符的不同排列呢？当然你也可以排序，但是会很慢。这里用一个比较典型的方法，因为题目中规定只能出现小写字母，我们可以用一个长度为26的i

https://leetcode.com/problems/minimum-window-substring/#/solutions

这道题跟之前做过的 3Sum 很相似（先排序）。O(n^3)的做法肯定超时，应该先固定一个值，然后用two pointers遍历，这样达到O(n^2)的复杂度。不过这里遇到的问题是，如果你固定最小的值，当右边的left和right构成的三角行，此时不合法，应该怎么处理？这时既可以左移right，又可以右移left，但这两种情况都要考虑，因为这种操作都可能使三角形合法。这样就很难处理。答案中有简

这道题和之前那道 3Sum 的做法是一样的，大致思想是这样的：先排序，然后从第一个元素开始遍历，固定一个值之后，取接下来第一个元素和最后一个元素为左右坐标，分别为left,right，然后求和，如果小于target，让left加一，反之，让right加一，就这样遍历，效率最高。这道题与 3Sum 不同的是，需要判断是不是离target最近，这里可以用两数相减后的绝对值来比较距离然后做取舍代

依旧很长很慢。。。最好还是参考答案里50ms那个程序，我的这个想的复杂了，懒得解释bool f(int left, int right, int value, vector& nums){if(left > right)return false;int mid = (left + right) / 2;if(nums[mid] == value)return true;

这道题，还是那道3Sum的加强版。。。再外面套一层循环就可以了，另外，每一层循环外面，都要加一行循环，把接下来相同的元素跳过，代码如下：class Solution {public:    vector > fourSum(vector& nums, int target) {    vector > result;    if(nums.empty())return resu