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【力扣系列题目】最后一块石头的重量 分割回文串 验证回文串 等差数列划分{最大堆 背包 动态规划}

逆向思维：我在第i天卖掉，要想获得最大利润，需要在之前的最低点买入。正向思维：我今天买了，遍历之后的每天找到最大值卖出即可。

【代码】【力扣系列题目】不同路径 组合总和 最大连续1个数 打家劫舍{持续更新中...}

求出一个字符串的所有子串问题。

不卡时间限制时 下述方法应该是正确的。

代码思路清晰，适合小白。

在区间 [1, x]内，能够被y整除的数字是:y,2y,3y,·…,ny，其中 n = x/y向下取整。当n大于等于M，n的阶乘一定有一位是M，M%M==0，导致最后n！区间 [1,x] 内有多少是 y 的倍数：x/y向下取整 个。

竞赛代码模板

2M~8M；5e5 ~ 2e6

逆向思维：我在第i天卖掉，要想获得最大利润，需要在之前的最低点买入。正向思维：我今天买了，遍历之后的每天找到最大值卖出即可。

【滑动窗口】找到字符串中所有字母异位词

动态规划之买卖股票的最佳时机

动态规划之打家劫舍

100//递推公式这里不写【(get(n - 1, m) + m) % n 】的原因是编号从1开始 自己演算可得// 1-n编号 1-m报数 m出圈 最后出圈者编号int main()//s取1return 0;// 0-n-1编号 0-m-1报数 m-1出圈 最后出圈者编号// i个孩子围成一圈 最后出圈者public:public:int dp = 0;i

前续的铺垫后续的高潮。

效率尽可能高的代码 ➕ 史上最容易理解的解析

共识：【滑动区间的长度即连续1的个数】。这道题其实很有趣，写题就不要怕题，混社会就不要怕事。看这道题：其实就是个滑动窗口，只要0的个数不超k，0就能当1用，一旦0的个数超k，那么要求的长度已达到，此时我们要：1. 让该区间的最左值出窗口。2. 如果该区间的最左值还为0，那么他出窗口的同时，记录的0的个数还要–；

2. 原来子串中出现了重复字符，不知道与right重复的字符在哪里，例如：abcdd，a做起始位置的【长度】为4，a出窗口，b作为起始位置，仍有重复字符，b直接出窗口==》b在a后面，b到right的长度肯定小于a到right，顾只要没有去除重复字符，就一直往后移动就行了，不用更新b做起始位置的长度。【暴力求解】中提到，遍历数组，把每一个元素作为【结果区间】的首元素，依次顺序添加直到满足条件，记录将该元素作为【结果区间】首元素下【结果区间】的长度，遍历结束后，在取这些值的最小值即为结果。

现在我们细思【暴力求解】的过程，当把arr[0]作为【结果区间】的首元素时，我们计算求和了一部分值，当下一轮把arr[1]作为【结果区间】的首元素时，我们又重新计算了在第一轮中计算过的值，这就是【暴力求解】效率低下的原因。【暴力求解】中提到，遍历数组，把每一个元素作为【结果区间】的首元素，依次顺序添加直到满足条件，记录将该元素作为【结果区间】首元素下【结果区间】的长度，遍历结束后，在取这些值的最小值即为结果。这道题要求的是一个区间 是区间就有【第一个元素】 即起始位置。如此大大的减少了计算的次数。

【代码】四数之和【双指针】

【代码】三数之和【双指针】

这道题实际上跟本专栏上一题属于同一类型，是上一题的简单版，可以点击跳跃。对撞指针：思路和上篇一致。

如果能构成三⻆形，需要满⾜任意两边之和要⼤于第三边。实际上只需让即可。将原数组排序，从⼩到⼤枚举三元组，这样三层 for 循环枚举出的三元组只需判断较⼩的两条边之和是否⼤于第三边。

向内移动短板（假设该短板的下标为x，此时右边界的下标为y），实际上是舍去了将x作为左边界到y-1的集合，即暴力求解是n边取2边的所有取值的集合，这个解法是每一步舍去不会作为较大值的集合。【x, x+1】这些集合中所有取值的底边都比已经作为较大值的【x, y】的底边小，所有的高度都比已经作为较大值的【x, y】的高度小或者等于。只要移动一边，底肯定变小，如果还是移动高的一边，不仅底小了，高也小了，如果移动地的一边，虽然底小了，但是高大了，即若向内移动短板，下个水槽的面积可能增大。我是搜了资料了解的。

当走完一个循环周期，判断是不是因为 1 引起的循环，是的话就是快乐数，否则不是快乐数。不是快乐数的：无论经过多少次都不会到1，即他陷入了重复数据段的死循环，如上例中的2。“慢指针” 每次走一步，当二者相等时，即为一个循环周期。是快乐数的：经过x次平方替换后会陷入1的死循环。出现了重复的数字，最后结果肯定不会是 1。

【代码】复写0【双指针】

cur每次走一步，dest走不走取决于cur有没有找到非0值，一旦找打非0值，交换。不是非0值，dest不动。==》【非零，dest】【dest，0】