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RSS订阅原创 The 2021 ICPC Asia Regionals Online Contest (I)
A 线段树 + 二分 线段树维护结束时间，二分查找合适的结点，找不到则执行下一个询问 #include <bits/stdc++.h> using namespace std; typedef long long ll; typedef pair<int,int> PII; const int N = 100010; PII p[N]; int cnt[N]; struct node{ int l,r; ll min_et; }tr[N*4]; void pushu
2021-09-23 16:46:50
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原创 hdu1754 I Hate It
传送门 思路 裸题 Code #include <bits/stdc++.h> using namespace std; typedef long long ll; const int N = 200010; int w[N]; int n,m; struct node{ int l,r; int maxm; }tr[N*4]; void pushup(int u){ tr[u].maxm=max(tr[u<<1].maxm,tr[u<<
2021-09-01 15:12:10
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原创 hdu1166 敌兵布阵
传送门 思路 裸题 Code #include <bits/stdc++.h> using namespace std; typedef long long ll; const int N = 50010; ll tr[N]; ll ans[N]; int n; int lowbit(int x){ return x & -x; } void add(int x,int v){ for(int i=x;i<=n;i+=lowbit(i)) tr[i]+=
2021-09-01 15:08:32
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原创 Function
传送门 思路 枚举 g(x) ( g(x) 的范围是[1,54] )，则 g(x)、a、b、c、d 已知，那么我们可以得到一个二次函数 即：A * x^2 + B * x A：a * g(x) + b B：c * g(x) * g(x) + d * g(x) ps：我这里的 a、b、c、d、A、B 指得是我代码中的 a、b、c、d、A、B A > 0 时：开口向上，最小值在 x0 附近，x0：对称点 即 -B / (2 * A) A < 0 时：开口向下，最小值在两端 A = 0 时：变为一条
2021-08-29 22:08:12
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原创 Command Sequence
传送门 思路 不妨令： num_U：字符‘U’的数目 num_D：字符‘D’的数目 num_L：字符‘L’的数目 num_R：字符‘R’的数目 我们称呼区间内 num_U 等于 num_D 且 num_L 等于 num_R 的连续区间 [l,r] 为 ”好区间“ 给定我们一个只由 ‘U’ ‘D’ ‘L’ ‘R’ 四种字符组成的字符串，问:这样的“好区间”有多少个 ? 对于好区间 [l,r]，显然有： sum_U[r] - sum_U[l-1] = sum_D[r] - sum_D[l-1] sum_L[
2021-08-29 21:40:40
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原创 Power Sum
传送门 思路 任意四个相邻的平方数，比如 a = i^2, b = (i+1)^2 ,c = (i+2)^2, d = (i+3)^2 都满足 a - b - c + d = 4 我们可以根据这个性质来凑 n Code #include <bits/stdc++.h> using namespace std; int n; int main(){ int T; cin>>T; while(T--){ cin>>n; string res,s1=
2021-08-29 21:09:43
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原创 P4113 [HEOI2012]采花
传送门 思路 类似于 HH的项链 本题题意：问区间[L,R]里，出现次数 >= 2 的元素有几种 不同之处在于本题需要维护两个last last1[i]：i 上一次出现的位置 last2[i]：i 上上次出现的位置 对于一个元素 x ，当它第一次出现时，什么都不发生，同时更新 last1 当它的 last1[x] 存在时，在 last1[x] 位置上 加1，同时更新 last1 和 last2 当它的 last2[x] 存在时，在 last1[x] 位置上 加1， 在 last2[x] 位置上 减1，
2021-08-23 18:35:55
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原创 P1972 [SDOI2009]HH的项链
传送门 思路 题意概括：问 [L,R] 里，有多少种数字 ？ 在以 R 为右端点的区间里，对于某一种数字，我们只关心 它最后一次出现的位置 我们只在其最后一次 出现的位置上 加 1 ( add 操作 )，其余出现的位置都保持为 0 比如数列：1、3、3、1 当 R = 4 时，进行 add 操作后，各位置上的数为 0、0、1、1 此时，无论 左端点 L (L <= R)取值为多少，[L,R] 里的数字种类 都等于 sum（R）- sum（L - 1） 对于 m 个询问，若每次都遍历询问区间 [Li,R
2021-08-22 23:59:01
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原创 P3586 [POI2015]LOG
P3586 [POI2015]LOG 思路 显然，he >= (c-k)*s 时，输出 TAK，否则 NIE c 和 s 的含义如题目 he 的含义：小于 s 的数 的和 k 的含义：大于等于 s 的数 的数目 问题转化为 快速求 he 和 k：使用树状数组 显然 我们先需要离散化：将 m 个询问里的 a 和 s 进行离散化 然后 维护两个树状数组： 对于 k ：我们可以维护一个树状数组 tr add(tr,x,v) 表示：让数字 x ，其数目 + v sum(tr,x) 表示：大小在 [1,x]
2021-08-22 18:00:37
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原创 POJ 2253
Frogger 从 点 1 到点 2 有多条路径，每条路径有个 最远跳跃距离，问这些最远跳跃距离中 最小的值是多少 ？ Code #include <cmath> #include <cstdio> #include <queue> #include <cstring> #include <iostream> #include <algorithm> using namespace std; typedef pair<int,
2021-07-15 19:24:57
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原创 POJ 2387
Til the Cows Come Home 思路 dijkstra 模板题 不作解释 . Code #include <cstring> #include <iostream> #include <algorithm> using namespace std; const int N = 1010; bool st[N]; int dist[N]; int g[N][N]; int n,m; int dijkstra(){ memset(dist,0x3f
2021-07-14 17:57:14
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原创 博弈论
博弈论 大纲—— 巴什博弈、威佐夫博弈、尼姆博弈 一、巴什博弈 （一堆物品 两人取） 只有一堆n个物品，两个人轮流从这堆物品中取物， 规定每次至少取一个，最多取m个。最后取光者得胜。 显然，如果n=m+1，那么由于一次最多只能取m个，所以，无论先取者拿走多少个，后取者都能够一次拿走剩余的物品，后者取胜。因此我们发现了如何取胜的法则：如果n=（m+1）r+s，（r为任意自然数，s≤m),那么先取者要拿走s个物品，如果后取者拿走k（≤m)个，那么先取者再拿走m+1-k个，结果剩下（m+1）（r-1）个，以后保
2021-03-19 22:02:51
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空空如也
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