题目描述
给定一个由 ‘1’(陆地)和 ‘0’(水)组成的的二维网格,计算岛屿的数量。一个岛被水包围,并且它是通过水平方向或垂直方向上相邻的陆地连接而成的。你可以假设网格的四个边均被水包围。
样例
输入:
11000
11000
00100
00011
输出: 3
输入:
11110
11010
11000
00000
输出: 1
题解
- 从做至右依次遍历每一行,如果该位置的数是1,就开始一个感染的过程,即从当前位置出发,把连成1片的1全部改为2;
- 感染结束之后继续遍历矩阵,直到结束;
- 有多少次感染的过程,就有多少个岛。
public int numIslands(char[][] grid) {
if(grid==null||grid.length==0||grid[0]==null||grid[0].length==0)
return 0;
int res=0;
for(int i=0;i<grid.length;i++) {
for(int j=0;j<grid[i].length;j++) {
if(grid[i][j]=='1') {
res++;
infect(i,j,grid);
}
}
}
return res;
}
private void infect(int i, int j, char[][] grid) {
// TODO Auto-generated method stub
if(i<0||i>=grid.length||j<0||j>=grid[0].length||grid[i][j]!='1')
return;
grid[i][j]='2';
infect(i+1,j,grid);
infect(i-1,j,grid);
infect(i,j+1,grid);
infect(i,j-1,grid);
}
进阶问题:当给定的矩阵规模巨大,如果用一个cpu来计算出结果,时间就非常长。如果你有多个cpu或多个计算单元,请设计一种并行算法来解决这个问题,当矩阵规模巨大时,任务是可以并行的,时间不会太长。
解决方法:使用并查集(https://blog.youkuaiyun.com/hahaEverybody/article/details/93352425)
- 以这个例子来说明
1 1 1 1 1 1 1 1
1 0 0 0 0 0 0 1
1 0 1 1 1 1 1 1
1 0 1 0 0 0 0 0
1 0 1 1 1 1 1 1
1 0 0 0 0 0 0 1
1 1 1 1 1 1 1 1
将矩阵划分成等量的左右两部分,分别于两个cpu单独计算岛的数量,得出做部分岛屿的数量为2个,右部分岛屿的数量为两个,但是矩阵整体的岛屿的数量为1。这是因为原本属于一个岛的区域被拆分,导致原本连通的部分现在被分割。 - 所以需要收集左部分的右边界信息以及右部分的左边界信息。
- 在遍历左边界的时候第一次感染的位置是0行0列,将该位置记为A;第二次感染的过程是从第2行2列开始的,记为B。右边界上哪些位置受到了A、B的影响,都记录下来。
- 对于右部分,第一次感染是从0行0列开始的记为C,第二次感染是从4行0列开始的,记为D。右部分的左边界哪些位置受到了CD的影响,都记录下来。
- 目前左部分和右部分的岛的数量为4,记为count=4。我们吧ABCD放入4个集合里,即并查集的初始化过程。然后从上往下遍历边界
- 右边界的第一个2是被A感染的,并且它的右侧也是2(是被C感染的),所以应该连通。
- 而现在A和C分别属于不同的集合,说明原本连通的区域因为分割变成了两部分,所以count–,将集合A和集合C合并为一个集合
- 右边界的第二个2其右侧也是2,但一个属于B一个属于C,说明BC也应该进行集合合并,所以count–,集合变为{ABC}{D}
- 右边界的第三个2其右侧也是2,一个属于B,一个属于D,说明BD也应该合并,count–,集合变为{ABCD}
- 右边界的第4个2被A感染,其右侧也是2,是被D感染,这就产生了连通,查看AD是否属于同一个集合,发现是,说明之前这两部分一定有其他的连通途径并且已经连通了。所以不减少岛的数量,此时遍历结束,整体岛的的数量为1.
该过程整体分为两步
- 第一步是并行计算各部分岛的数量并且收集边界信息;
- 第二步利用并查集实现减少岛的数量的过程(查看是否连通,如果连通查看是否属于同一个集合,若不属于同一个集合则进行集合合并)。