数据结构算法题/数组去重

最新推荐文章于 2022-06-20 08:13:46 发布

fkyyly

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package com.lee.wait;

import java.util.Arrays;
import java.util.HashSet;
import java.util.Set;

/**
* ArrayUniue 数组去重的问题
*/
public class ArrayUnique {
/**
* 方法1 就是申请一个和nums大小一样的数组tmpNums（存放最终的unique元素区间是从0到index之间），
* 然后遍历nums中的元素，对每个元素判断是否在tmpNums出现过，
* 如果出现过，那么就不放到新数组里面，也就是不做处理；
* 如果没有出现过，那么就把它放到新的数组里面
* 这种方法数组原来的相对顺序可以保证
* 时间复杂度是n^2和空间复杂度是n
*
* @param nums 输入需要去重的数组
* @return 返回去重后数组的长度
*/
public static int unique1(int[] nums) {
if (nums.length == 0) {
return 0;
}
int[] tmpNums = new int[nums.length];
tmpNums[0] = nums[0];
int index = 1;
for (int i = 1, len = nums.length; i < len; i++) {
int j = 0;
for (; j < index; j++) {
if (tmpNums[j] == nums[i]) {
break;
}
}
if (j == index) {
tmpNums[index++] = nums[i];
}
}
nums = tmpNums;
return index;
}

/**
* 方法2 先对nums排序，排序后重复的元素一定相邻，
* 然后遍历nums，并用index来表示不重复的元素应该存放的下标，
* 如果当前遍历的元素和他的前一个元素相等，那么他是重复的，遍历下一个；
* 如果不等，说明不是重复，那么当前元素存放到数组中下标为index的地方，index++
* 这样遍历下来，不同的元素都放到元数组的前面去了。
* 这种方法，得出来的是排序过得，数组原来的相对位置改变了。
* 时间复杂度和空间复杂度都是对应排序算法的复杂度
* 最终的结果是nums[0:index]
* @param nums 输入需要去重的数组
* @return 返回去重后数组的长度
*/

import java.util.Arrays;
public class DuplicateRemove {
    public static int unique2(int[] nums) {
        if (nums.length == 0) {
            return 0;
        }
        Arrays.sort(nums);
        int index = 1;//第零位肯定需要
        for (int i = 1, len = nums.length; i < len; i++) {
            if (nums[i] != nums[i - 1]) {
                nums[index++] = nums[i];
            }
        }
        return index;
    }

    public static void main(String[] args) {
        int[] nums = {1, 3, 4, 1, 5, 6, 2, 4};
        int resultLength  = unique2(nums);
        for (int i=0; i<resultLength; i++){
            System.out.print(String.valueOf(nums[i]) + "  ");
        }
        System.out.println();
        //原来的nums数据已经被更改了，只需关注(0,index)即可
        for (int i = 0; i < nums.length; i++) {
            System.out.print(String.valueOf(nums[i]) + "  ");
        }
    }
}

/**
* 方法3 利用直接插入排序的思想，把数组分成两部分，
* 左边认为是满足要求的不重复的部分，初始为1个元素nums[0]；
* 而右边是等待遍历的部分，不断遍历右边的元素。
* 同样用index来表示左边部分不重复的元素应该存放的下标
* 对于当前遍历的元素，通过第二层循环遍历左边部分0到index的元素，
* 如果有元素和当前元素相等，说明是重复的，那么不处理；
* 否则，说明是不重复，那么插入到下标index的地方，index++
* 同样，遍历下来，不重复的元素被放到前面部分。
* 这种方法没有经过排序，数组原来的相对顺序可以保证。
* 这种方法，是对方法1的改进，用本数组的前部分替代新的数组
* 时间复杂度是n^2,空间复杂度是1
*
* @param nums 输入需要去重的数组
* @return 返回去重后数组的长度
*/
public static int unique3(int[] nums) {
if (nums.length == 0) {
return 0;
}
int index = 1;
for (int i = 1, len = nums.length; i < len; i++) {
int j = 0;
for (; j < index; j++) {
if (nums[j] == nums[i]) {
break;
}
}
if (j == index) {
nums[index++] = nums[i];
}
}
return index;
}

/**
* 方法4 利用Java中容器来帮助判断元素是否重复。可以使用Set Map List等
* 这里我们利用Set容器不能存放相同的元素的特性，
* 同样用index来表示不重复的元素应该存放的下标
* 当前元素如果能够成功加入到Set容器中，说明这个元素还没有重复的，
* 那么当前元素就可以放到下标index的地方，index++；
* 如果add失败，那么说明重复了，不做操作。
* 这种方法，同样是把不重复的数组放到数组的前面，并可以保证元素的相对位置不变，不过需要额外的Set容器的空间。
* 在javascript语言中，使用map={},对象的概念来判断通过对象的属性和值来拍段，和使用Map是同样的原理。
* 时间复杂度是n，空间复杂度也是n
*
* @param nums 输入需要去重的数组
* @return 返回去重后数组的长度
*/
public static int unique4(int[] nums) {
if (nums.length == 0) {
return 0;
}
Set<Integer> set = new HashSet<Integer>();
int index = 0;
for (int i = 0, len = nums.length; i < len; i++) {
if (set.add(nums[i])) {
nums[index++] = nums[i];
}
}
return index;
}

/**
* printNums 打印数组的从0到length元素
*
* @param nums 输入数组
* @param length 打印长度
*/
public static void printNums(int[] nums, int length) {
for (int i = 0; i < length - 1; i++) {
System.out.print(nums[i] + " ");
}
System.out.println(nums[length - 1]);
}

/**
* main 函数
*
* @param args
*/
public static void main(String[] args) {
int[] nums = { 21, 321, 432, 213, 43, 23, 213, 4, 231, 2321, 432, 12, 3, 123, 23, 12, 3, 2, 4, 23, 1, 2312, 4,
33, 21, 31, 23 };
printNums(nums, nums.length);
int len = uniue4(nums);
printNums(nums, len);
}
}
https://blog.youkuaiyun.com/lwxdjk/article/details/52038761