cx_cs的博客

无

无

要求：rt思路：明显位运算，进位用与然后左移。非进位部分异或，非进位完了再加进位。为什么进位要无符号？首先题目说了不会溢出，相与后不会出现01000…否则就溢出了所以正数是对的，然后负数没有定义左移，需要转换，-1是1111…转无符号左移一位后是111…110，符号位不变按位取反加1是-2所以负数是对的class Solution {public: int add(int a, int b) { while(b!=0){ int carry=(unsig

要求：一个出现一次其他的三次找到那一个思路：把每一二进位加起来对三取余，剩下的就是优化：数组可以去掉，把num右移而不是把i左移class Solution {public: int singleNumber(vector<int>& nums) { vector<int> v(31); for(int i=0;i<nums.size();++i){ for(int j=0;j<31;++j)

要求：rt思路：class Solution {public: int hammingWeight(uint32_t n) { int sum=0; while(n){ sum++; n&=n-1; } return sum; }};

要求：算1到n比特位1的和，且时间O(n)思路：明显去掉低位1少一个1class Solution {public: vector<int> countBits(int n) { vector<int> dp(n+1); for(int i=1;i<=n;++i){ dp[i]=dp[i&(i-1)]+1; } return dp; }};...

要求：两个最长单词乘积且它们不能有相同字母思路：是否相同字母用位运算相与来判断，要注意的是相同字母会在同一个单词出现所以不能加而是位或，优化空间是相同字母组成的不同单词只留下最长的class Solution {public: int maxProduct(vector<string>& words) { int n=words.size(); vector<int> v(n); for(int i=0;i<

要求：不能用加号思路：a^b是不进位的加，进位是(a&b)<<1。合理性：因为补码加法只需要无脑加就行了，进位直接进。力扣编译器不能左移最小负数所以要转无符号class Solution {public: int getSum(int a, int b) { while(b!=0){ uint carry=uint(a&b)<<1; a=a^b; b=carry;

要求：5取反为010即2思路：先循环找最高为1在哪，然后用全1去异或即可。此外，可以用不停减去最低位一的方法来得到最高位1class Solution {public: int findComplement(int num) { uint mask=1<<31; while((mask&num)==0) mask>>=1; mask=(mask<<1)-1; re

要求：判断二进位是否交替思路：n和n右移一位异或剩下全是1，它和它加1的与为0class Solution {public: bool hasAlternatingBits(int n) { long a=n^(n>>1); return (a&(a+1))==0; }};

要求：判断rt思路：2的幂跟4的幂区别在奇偶位，构造mask=10101010相与即可。另外，二项式定理知，4的幂对3取余必为1，如果是2的幂且不是4的幂，即4的x次乘2，对3取余为2class Solution {public: bool isPowerOfFour(int n) { return n>0&&((n&-n)^n)==0&&(n&0xaaaaaaaa)==0; }};class Solution

要求：判断rt思路：首先大于0，用异或，投机取巧是2的31次的约数class Solution {public: bool isPowerOfTwo(int n) { return n>0&&(n^(n&(-n)))==0; }};

要求：rt思路：一位位取或者倒着输出class Solution {public: uint32_t reverseBits(uint32_t n) { uint32_t ans=0; for(int i=0;i<32;++i){ uint32_t tmp=n&(1<<i)?1:0; ans+=tmp; if(i<31)ans<<=1;

要求：有两个数字只出现一次其余两次思路：先全部异或得到两个数字异或，然后取出这个异或结果的最低位一用来相与区分两个数，然后全部异或一遍即可。注意最小负数的最低位1就是它本身10000000class Solution {public: vector<int> singleNumber(vector<int>& nums) { long diff=0; for(int num:nums) diff^=num;

要求：0到n找一个丢失的思路：位运算异或nums和0到n剩下，也可以求sum减去class Solution {public: int missingNumber(vector<int>& nums) { int n=nums.size(); int sum=n*(n+1)/2; for(int num:nums) sum-=num; return sum; }};...

要求：rt思路：x异或x=0class Solution {public: int singleNumber(vector<int>& nums) { int ans=nums[0]; for(int i=1;i<nums.size();++i){ ans^=nums[i]; } return ans; }};

要求：这两个数字对应二进制位不同的位置的数目思路：class Solution {public: int hammingDistance(int x, int y) { int cnt=0; for(int i=0;i<32;++i){ if(((1<<i)&x)!=((1<<i)&y))cnt++; } return cnt; }};...

异或^是同0异1则x^000=x，x^111=~x，x^x=0n&(n-1) 去除 n 的位级表示中最低的那一位1n&(-n) 得到 n 的位级表示中最低的那一位1c++只有>>，无符号右移和有符号右移区别是有符号补符号位要得到 1 到 i 位为 0 的 mask，只需将 1 到 i 位为 1 的 mask 取反，即 ~((1<<i)-1)...