题目
给定一个 m x n 二维字符网格 board 和一个字符串单词 word 。如果 word 存在于网格中,返回 true ;否则,返回 false 。
单词必须按照字母顺序,通过相邻的单元格内的字母构成,其中“相邻”单元格是那些水平相邻或垂直相邻的单元格。同一个单元格内的字母不允许被重复使用。
例如,在下面的 3×4 的矩阵中包含单词 "ABCCED"(单词中的字母已标出)。
示例 1:
输入:board = [["A","B","C","E"],["S","F","C","S"],["A","D","E","E"]], word = "ABCCED"
输出:true
示例 2:
输入:board = [["a","b"],["c","d"]], word = "abcd"
输出:false
提示:
m == board.length
n = board[i].length
1 <= m, n <= 6
1 <= word.length <= 15
board 和 word 仅由大小写英文字母组成
思路:深度优先搜索(DFS)+ 剪枝
- 深度优先搜索: 可以理解为暴力法遍历矩阵中所有字符串可能性。DFS 通过递归,先朝一个方向搜到底,再回溯至上个节点,沿另一个方向搜索,以此类推。
- 剪枝: 在搜索中,遇到这条路不可能和目标字符串匹配成功的情况(例如:此矩阵元素和目标字符不同、此元素已被访问),则应立即返回,称之为可行性剪枝 。
DFS解析:
递归参数:当前元素在矩阵 board 中的行列索引 i 和 j ,当前目标字符在 word 中的索引 k 。
终止条件:
返回false:行或列索引越界,当前矩阵元素与目标字符不同,当前矩阵元素已访问过。
返回true:k = len(word) - 1,即字符串 word 已全部匹配。
递推工作:
标记当前矩阵元素: 将 board[i][j] 修改为空字符('\0'),代表此元素已访问过,防止之后搜索时重复访问。
搜索下一单元格: 朝当前元素的 上、下、左、右 四个方向开启下层递归,使用或连接 (代表只需找到一条可行路径就直接返回,不再做后续 DFS ),并记录结果至 res 。
还原当前矩阵元素: 将 board[i][j] 元素还原至初始值,即 word[k] 。
返回值:返回布尔量 res ,代表是否搜索到目标字符串。
代码
class Solution {
public boolean exist(char[][] board, String word) {
char[] words = word.toCharArray();
for(int i = 0; i < board.length; i++) {
for(int j = 0; j < board[0].length; j++) {
//从字符矩阵的左上角开始寻找,从上往下开始
//看这个位置的矩阵元素是否是字符单词中的第一个字符
if(dfs(board, words, i, j, 0)) {
return true;
}
}
}
//遍历完了整个矩阵元素,依然没有找到一条合适的路,返回false
return false;
}
//分别为图,要查找的字符串,行,列,字符的位置
private boolean dfs(char[][] board, char[] word, int i, int j, int k) {
//处理不合理的数据
//如果索引越界了,或者是当前位置的矩阵元素不等于目标匹配字符,返回false
if(i >= board.length || i < 0 || j >= board[0].length || j < 0 || board[i][j] != word[k]) {
return false;
}
//直到字符串的末尾,确实找到了一条符合条件的路径
//能够到达这一步,证明索引没有越界,且当前位置在矩阵中的元素等于目标匹配字符
//所以如果目标字符的索引为最后一个了,那肯定匹配成功了,直接返回true
if(k == word.length - 1) {
return true;
}
//标记当前矩阵元素,代表此元素已访问过,防止之后搜索时重复访问
//因为如果向下递归时,下一层递归会往上走,这样是为了防止走回头路
board[i][j] = '\0'; //java 中的 '\0' 代表空的字符
//对下一个待匹配字符进行搜索其余路径(下,上,右,左)
//只要有一个返回true就不会继续往下试探了
boolean res = dfs(board, word, i + 1, j, k + 1) || dfs(board, word, i - 1, j, k + 1) ||
dfs(board, word, i, j + 1, k + 1) || dfs(board, word, i , j - 1, k + 1);
//还原当前矩阵元素,因为如果当前的节点不满足路径要求,需要撤回到上一个节点,
//然而上一个节点此时已经赋值为'\0',需要还原一下,继续探索其他路径
board[i][j] = word[k];
return res;
}
}