[2021.11.19]UPC-2021级新生个人训练赛第4场-19276 Problem B ok 字符串

本文介绍一种简化方法,帮助乐乐在限定修改次数内最大化连续字符数,通过巧妙遍历和字符计数来找到最优解。适合IT技术人员解决字符串问题。

摘要生成于 C知道 ,由 DeepSeek-R1 满血版支持, 前往体验 >

商场中展示了这么多玩具,乐乐爱不释手。现在游戏环节开始,只要你能解决一个问题,就能够挑选一件精美的玩具。此时,乐乐需要你们这帮“牛娃”的帮助,请你帮助乐乐解决这个问题。 
现在给你一个长度为 n 的字符串,该字符串只包含字符’o’和’k’。你最多可以修改 t 个字符(将字符’o’改为字符’k’或将字符’k’改为字符’o’),使得某一段连续相同的字符个数是最多的。
例如:  ‘ooooo’或’kkkkk’像这样的连续相同字符都可以。 
请你经过不多于t次地合理修改,帮助乐乐求出字符串某一段连续相同的字符最多个数。

输入

第一行输入整数 n 和 t,分别表示字符串的总长度和最多可以修改的字符数。 
第二行输入一行字符串,仅包含字符‘o‘或‘k‘。

输出

输出一个整数,表示经过不多于 t 次地合理修改,字符串某一段连续相同的字符最多个数

样例输入 Copy

【样例1】
4 2 
okko 
【样例2】
8 3 
ookookoo 

样例输出 Copy

【样例1】
4
【样例2】
8

提示

样例一:通过 2 次修改后,可以获得字符串‘oooo‘或‘kkkk‘,所以连续的字符个数是 4。 
样例二:虽然 t 是 3,但只需通过 2 次修改后,可以获得字符串‘oooooooo‘,连续的字符个数是 8。 

对于 80%的数据,保证 1<=n<=10000,0<=t<=n。 
对于另外 20%的数据,保证 n<=1000000, 0<=t<=10000,并保证字符‘o‘的总个数<=10000
或字符‘k‘的总个数<=10000。 

我这个做法属实复杂了!: ( 

但好像大家思路都大致相同~:从前到后遍历字符串,(我这个是从后到前)记录o和k出现的次数

如果修改次数足以让当前所遍历的字符串变成连续的,就继续往下遍历,记录下当前字符串长度,再与所记录的最大长度进行比较。

如果不能让当前字符串变为连续的,就从前往后缩减字符串长度,直至修改次数可以使当前字符串变为连续的,记录下当前字符串长度,再与所记录的最大长度进行比较。

通过这个思路,大家应该能轻松编出比我简单得多得多的代码 ;),或者直接在优快云里搜往届学长的代码也行~

以下是我的代码 : )

#include <cstdio>
using namespace std;
int c[1000010];    //c[i]用于记录从0到i为止o和k字符出现的次数
int main(){
    char a;
    int n,j,k,i,ans=1;
    scanf("%d %d",&n,&k);
    scanf(" %c",&a);
    if(a=='o')
        c[0]=1;        //若为o  则为1
    else
        c[0]=-1;        //若为k  则为-1
    for(i=1;i<n;i++){
        scanf("%c",&a);
        if(a=='o')
            c[i]=c[i-1]+1;
        else
            c[i]=c[i-1]-1;  
    }
    for(i=n-1;i>=ans;i--)    //当i<=当前所记录的最大的经修改后的连续字符串长度时退出循环
        for(j=-1;j<i;j++){    //因为不可能得到更长的连续字符串了
            if (j == -1) {    //j为-1时 说明不需要缩减长度,
                if (c[i]+2*k>=i+1 || c[i]- 2*k<=-(i+1)){  //判断是否可以修改为连续字符串
                    if (i - j + 1 > ans){  
                        ans = i + 1;
                    }
 
                    break;
                }
            }
            else {    
                if (c[i] - c[j] + 2*k >= i - j|| c[i] - c[j] - 2*k <= -(i-j)) {
                    if (i - j > ans){
                        ans = i - j;
                    }
 
                    break;
                };
            }
        }
    printf("%d ",ans);
    return 0;
}

U

评论
添加红包

请填写红包祝福语或标题

红包个数最小为10个

红包金额最低5元

当前余额3.43前往充值 >
需支付:10.00
成就一亿技术人!
领取后你会自动成为博主和红包主的粉丝 规则
hope_wisdom
发出的红包
实付
使用余额支付
点击重新获取
扫码支付
钱包余额 0

抵扣说明:

1.余额是钱包充值的虚拟货币,按照1:1的比例进行支付金额的抵扣。
2.余额无法直接购买下载,可以购买VIP、付费专栏及课程。

余额充值