20170904考试总结

1.售票机(ticket.cpp/c/pas)

【题目描述】

售票机是一个类似于ATM的设备,它有一个键盘,如下图所示。


键盘分成4行8列。

你在买票的时候,输入要去的目的地即可出票。为了使得输入更快更方便,它有一个功能,在输入的过程中,它会根据你已经输入的字母去匹配可能的目的地,并推测出你要输入的下一个字母,然后键盘只显示那些字母,而其他的字母就会变成”*”。

现在给出所有的目的地和你已经输入的字母,请问现在的键盘会变成什么样?

【输入格式】

第一行包含一个整数N(1<=N<=50),表示有N个目的地。

接下来有N行,每行一个目的地,每个目的地的长度不超过100个字母,且全是大写字母。

最后一行表示你当前输入的字母。

【输出格式】

你输出4行8列字符,表示键盘目前的显示状态。

【输入样例1】

4

ZAGREB

SISAK

ZADAR

ZABOK

ZA

【输出样例1】

****B*D*

*G******

********

********

 

 

【输入样例2】

4

SPLIT

VINKOVCI

NOVSKA

RIJEKA

VINKO

 

【输出样例2】

********

********

********

V*******

 

【输入样例3】

4

AAAABCD

AAAABCA

AAAACDE

AAAAAAA

AAAA

【输出样例3】

***ABC**

********

********

********

题解:大水题

成绩:AC

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
using namespace std;
const int N=50+10;
const int L=100+10;
int n;
char key[10][10],tar[N][L],str[L];
bool appear[N];
void init(){
	for(int i=4;i<=8;i++)
		key[1][i]=i-4+'A';
	for(int i=1;i<=8;i++)
		key[2][i]=i-1+'F';
	for(int i=1;i<=8;i++)
		key[3][i]=i-1+'N';
	for(int i=1;i<=5;i++)
		key[4][i]=i-1+'V';
}
int main(){
	freopen("ticket.in","r",stdin);
	freopen("ticket.out","w",stdout);
	init();
	scanf("%d",&n);
	for(int i=1;i<=n;i++)
		scanf("%s",tar[i]+1);
	scanf("%s",str+1);
	int siz=strlen(str+1);
	for(int i=1;i<=n;i++){
		int len=strlen(tar[i]+1);
		if(len<=siz) continue ;
		bool flag=0;
		for(int j=1;j<=siz;j++)
			if(str[j]!=tar[i][j]){
				flag=1;break ;
			}
		if(flag) continue ;
		appear[tar[i][siz+1]-64]=1;
	}
	for(int i=1;i<=4;i++){
		for(int j=1;j<=8;j++){
			if(appear[key[i][j]-64])
				putchar(key[i][j]);
			else putchar('*');
		}
		putchar(10);
	}
}



2.分钱(money.cpp/c/pas)

【题目描述】

两个人在街上捡到了一些钱,这些钱共有N张,他们等了很久也没有等来失主,于是决定把钱平分。但钱可能无法平分。他们先把能够平分的钱尽量先平分了,使得剩下不能平分的钱尽量少。这些不能平分的钱怎么办呢他?他们决定拿去赌场里面赌一把。他们运气太好了,那些不能平分的钱变成了双倍,于是他们就把那个钱分了。现在,请问他们每个人带回家多少钱。

【输入格式】

第一行包含一个整数N(1<=N<=500),表示他们捡到N张。

接下来N行,每行包含一个正整数ci,表示第i张钱的面值。总金额不超过100000.

【输出格式】

你输出他们每个人能回家多少钱。

【输入样例1】

4

2

3

1

6

 

【输出样例1】

6

 

【输入样例2】

5

2

3

5

8

13

【输出样例2】

18

 

 题解:这是一道dp题,类似cqbzoj上的双塔问题。dp[i][j]表示前i张钞票分成两份差距为j时最少舍弃(去赌博)的总额。第i张钞票分为给一个人的情况,给多的一个人dp[i-1][j+m[i],给少的那个人dp[i-1][abs(j-m[i])]]。第i张钞票剩下来取赌博,dp[i-1][j]+m[i],取最小。ans=(sum-dp[n][0])/2+dp[n][0].(滚动数组优化内存)


成绩:AC

分析:做这道题时刚开始考虑得太简单,有太急写了很多错误的算法,一编数据又全部删掉重想O__O"…最后的已经是5-6个版本了qnq,耽误了不少时间(幸好过了)

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
using namespace std;
const int N=500+10;
const int Max=100000+10;
int n,sum,flg,mon[N],f[2][Max];
int abs(int x){return x>=0?x:-x;}
int main(){
	freopen("money.in","r",stdin);
	freopen("money.out","w",stdout);
	scanf("%d",&n);
	for(int i=1;i<=n;i++){
		scanf("%d",&mon[i]);
		sum+=mon[i];
	}
	memset(f,0x3f,sizeof f);
	f[flg=0][0]=0;
	for(int i=1;i<=n;i++){
		flg^=1;
		for(int j=0;j<=sum;j++){
			f[flg][j]=f[flg^1][j]+mon[i];
			if(j+mon[i]<=sum)
				f[flg][j]=min(f[flg][j],f[flg^1][j+mon[i]]);
			f[flg][j]=min(f[flg][j],f[flg^1][abs(j-mon[i])]);
		}
	}
	printf("%d\n",(sum-f[flg][0])/2+f[flg][0]);
}


3.押韵(rhyme.cpp/c/pas)

【题目描述】

LCS表示最长公共后缀长度。如果两个单词A,B押韵,当且仅当LCS(A,B)>=MAX(A,B)-1。如果一个序列押韵,当且仅当该序列中任意相邻的两个单词押韵。现在,给你一片文章,文章中没有相同的两个单词。请你从该文章中选择任意单词,并任意排列顺序,得到一个尽量长的押韵序列。注意,每个单词只能出现一次。

【输入格式】

第一行一个整数N(1<=N<=500000)

接下来N行,每行一个小写字母单词。所有单词的总长度不超过3000000.

【输出格式】

输出最长的押韵序列的单词个数。

【输入样例1】

4

honi

toni

oni

ovi

【输出样例1】

3

 

【输入样例2】

5

ask

psk

krafna

sk

k

【输出样例2】

4

 

【输入样例3】

5

pas

kompas

stas

s

Nemarime

 

【输出样例3】

1

 

样例2解释:唯一的押韵序列是 ask-psk-sk-k

样例3解释:没有两个单词押韵,所以输出1.

 

题解:f[i]表示以节点i的儿子中最长押韵序列,g[i]为节点i的儿子中第二长押韵序列,这两个序列都必须分别以i的儿子作为结束单词。

节点i不要求带有结束标记。
f[i]=f[j]+son[j] 其中j为拥有最长押韵序列的一个儿子。

g[i]=f[k]+sons[k]  其中k为拥有第二场押韵序列的一个儿子。

如果j,k不存在或者其不带有结束标记,则其f值,g值均为1,方便计算。

则以i为根的子树中形成的最长押韵序列长度ans[i]=max(f[i]+g[i]+son[i]-2+(i是否带有结束标记?1:0)

放法:i与除最大,次大的其他儿子放中间,最大与次大两个链放两边
最后答案便是ans[i]的最大值。

本题要注意trie树最好使用map或set来保存每个节点的儿子指针,否则空间不够(也可以用链式前向星);
做树dp时不要采用dfs,容易爆栈,应改成循环。

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
using namespace std;
const int N=3000000+10;
int n,len,root,tot,cnt,son[N],fa[N];
int fir[N],nxt[N],tar[N],dp[N],g[N];
char str[N],val[N];
bool ed[N];
void link(int a,int b){
	fa[b]=a,tar[++cnt]=b;
	nxt[cnt]=fir[a],fir[a]=cnt;
}
void insert(int x,int pos){
	while(1){
		bool flg=1;
		for(int i=fir[x];i;i=nxt[i])
			if(val[tar[i]]==str[pos]){
				flg=0;
				if(pos==1){
					ed[tar[i]]++;
					son[fa[tar[i]]]++;
					return ;
				}
				else{x=tar[i],pos--;break ;}
			}
		if(flg) break ;
	}
	val[++tot]=str[pos--];
	link(x,tot);
	while(pos>0){
		val[++tot]=str[pos--];
		link(tot-1,tot);
	}
	ed[tot]++;
	son[fa[tot]]++;
}
void dfs(){
	for(int i=1;i<=tot;i++)
		dp[i]=g[i]=1;
	for(int i=tot;i>=1;i--)if(ed[i]){
		if(dp[i]+son[i]+ed[i]-1>=dp[fa[i]]){
			g[fa[i]]=dp[fa[i]];
			dp[fa[i]]=dp[i]+son[i]+ed[i]-1;
		}
		else if(dp[i]+son[i]+ed[i]-1>=g[fa[i]])
			g[fa[i]]=dp[i]+son[i]+ed[i]-1;
	}
}
int main(){
	freopen("rhyme.in","r",stdin);
	freopen("rhyme.out","w",stdout);
	scanf("%d",&n);
	val[tot=root=1]='\0';
	for(int i=1;i<=n;i++){
		scanf("%s",str+1);
		insert(root,strlen(str+1));
	}
	dfs();
	int ans=0;
	for(int i=1;i<=tot;i++)
		ans=max(ans,dp[i]+g[i]+son[i]+ed[i]-2);
	printf("%d\n",ans);
}


总结:这次考试基本上没有什么失误O(∩_∩)O~~,除了第二题耽误了一点时间但影响不是很大,第三题还是没有认真编数据(只要字典树上链长一点就有很明显的bug),(手动尴尬)。。。总之还是发挥得比较正常。。。。(来自第三题的尴尬)

资源下载链接为: https://pan.quark.cn/s/abbae039bf2a 无锡平芯微半导体科技有限公司生产的A1SHB三极管(全称PW2301A)是款P沟道增强型MOSFET,具备低内阻、高重复雪崩耐受能力以及高效电源切换设计等优势。其技术规格如下:最大漏源电压(VDS)为-20V,最大连续漏极电流(ID)为-3A,可在此条件下稳定工作;栅源电压(VGS)最大值为±12V,能承受正反向电压;脉冲漏极电流(IDM)可达-10A,适合处理短暂高电流脉冲;最大功率耗散(PD)为1W,可防止器件过热。A1SHB采用3引脚SOT23-3封装,小型化设计利于空间受限的应用场景。热特性方面,结到环境的热阻(RθJA)为125℃/W,即每增加1W功率损耗,结温上升125℃,提示设计电路时需考虑散热。 A1SHB的电气性能出色,开关特性优异。开关测试电路及波形图(图1、图2)展示了不同条件下的开关性能,包括开关上升时间(tr)、下降时间(tf)、开启时间(ton)和关闭时间(toff),这些参数对评估MOSFET在高频开关应用中的效率至关重要。图4呈现了漏极电流(ID)与漏源电压(VDS)的关系,图5描绘了输出特性曲线,反映不同栅源电压下漏极电流的变化。图6至图10进步揭示性能特征:转移特性(图7)显示栅极电压(Vgs)对漏极电流的影响;漏源开态电阻(RDS(ON))随Vgs变化的曲线(图8、图9)展现不同控制电压下的阻抗;图10可能涉及电容特性,对开关操作的响应速度和稳定性有重要影响。 A1SHB三极管(PW2301A)是高性能P沟道MOSFET,适用于低内阻、高效率电源切换及其他多种应用。用户在设计电路时,需充分考虑其电气参数、封装尺寸及热管理,以确保器件的可靠性和长期稳定性。无锡平芯微半导体科技有限公司提供的技术支持和代理商服务,可为用户在产品选型和应用过程中提供有
资源下载链接为: https://pan.quark.cn/s/9648a1f24758 在 JavaScript 中实现点击展开与隐藏效果是种非常实用的交互设计,它能够有效提升用户界面的动态性和用户体验。本文将详细阐述如何通过 JavaScript 实现这种功能,并提供个完整的代码示例。为了实现这功能,我们需要掌握基础的 HTML 和 CSS 知识,以便构建基本的页面结构和样式。 在这个示例中,我们有个按钮和个提示框(prompt)。默认情况下,提示框是隐藏的。当用户点击按钮时,提示框会显示出来;再次点击按钮时,提示框则会隐藏。以下是 HTML 部分的代码: 接下来是 CSS 部分。我们通过设置提示框的 display 属性为 none 来实现默认隐藏的效果: 最后,我们使用 JavaScript 来处理点击事件。我们利用事件监听机制,监听按钮的点击事件,并通过动态改变提示框的 display 属性来实现展开和隐藏的效果。以下是 JavaScript 部分的代码: 为了进步增强用户体验,我们还添加了个关闭按钮(closePrompt),用户可以通过点击该按钮来关闭提示框。以下是关闭按钮的 JavaScript 实现: 通过以上代码,我们就完成了点击展开隐藏效果的实现。这个简单的交互可以通过添加 CSS 动画效果(如渐显渐隐等)来进步提升用户体验。此外,这个基本原理还可以扩展到其他类似的交互场景,例如折叠面板、下拉菜单等。 总结来说,JavaScript 实现点击展开隐藏效果主要涉及 HTML 元素的布局、CSS 的样式控制以及 JavaScript 的事件处理。通过监听点击事件并动态改变元素的样式,可以实现丰富的交互功能。在实际开发中,可以结合现代前端框架(如 React 或 Vue 等),将这些交互封装成组件,从而提高代码的复用性和维护性。
评论
添加红包

请填写红包祝福语或标题

红包个数最小为10个

红包金额最低5元

当前余额3.43前往充值 >
需支付:10.00
成就一亿技术人!
领取后你会自动成为博主和红包主的粉丝 规则
hope_wisdom
发出的红包
实付
使用余额支付
点击重新获取
扫码支付
钱包余额 0

抵扣说明:

1.余额是钱包充值的虚拟货币,按照1:1的比例进行支付金额的抵扣。
2.余额无法直接购买下载,可以购买VIP、付费专栏及课程。

余额充值