(新A卷,200分)- Wonderland（Java & JS & Python & C）华为OD

原创于 2025-11-06 21:18:13 发布 · 779 阅读

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#游戏 #java #javascript #算法 #leetcode

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(新A卷,200分)- Wonderland（Java & JS & Python & C）华为OD

题目描述

Wonderland是小王居住地一家很受欢迎的游乐园。Wonderland目前有4种售票方式，分别为一日票（1天）、三日票（3天）、周票（7天）和月票（30天）。

每种售票方式的价格由一个数组给出，每种票据在票面时限内可以无限制地进行游玩。例如：

小王在第10日买了一张三日票，小王可以在第10日、第11日和第12日进行无限制地游玩。

小王计划在接下来一年多次游玩该游乐园。小王计划地游玩日期将由一个数组给出。

现在，请您根据给出地售票价格数组和小王计划游玩日期数组，返回游玩计划所需要地最低消费。

输入描述

输入为2个数组：

售票价格数组为costs，costs.length = 4，默认顺序为一日票、三日票、周票和月票。
小王计划游玩日期数组为days，1 ≤ days.length ≤ 365，1 ≤ days[i] ≤ 365，默认顺序为升序。

输出描述

完成游玩计划的最低消费。

用例

输入	5 14 30 100 1 3 5 20 21 200 202 230
输出	40
说明	根据售票价格数组和游玩日期数组给出的信息，发现每次去玩的时候买一张一日票是最省钱的，所以小王会卖8张一日票，每张5元，最低花费是40元。

题目解析

本题可以使用动态规划求解。

定义一个dp数组，dp[i] 的含义是：前 i 天，完成所有游玩日的最少花费金额。

dp[i] 可以由前面的 dp状态推导而来：

如果第 i 天不是游玩日，即第 i 天不需要考虑花钱买票，那么：dp[i] = dp[i-1]
如果第 i 天是游玩日，那么此时有四种选择：

如果第 i 天被购买的"一日票"有效期覆盖，那么：dp[i] = dp[i-1] + costs[0]，其中：

dp[i - 1] 是前 i-1 天的花费

costs[0] 是第 i 天的花费，即第 i 天买了当天有效的"一日票"
如果第 i 天被购买的"三日票"有效期覆盖，那么：dp[i] = ( i ≥ 3 ? dp[i-3] : 0 ) + costs[1]

我们可以认为在第 i - 2 天购买了"三日票"，其有效期覆盖第 i-2 天，第i-1天，第i天，这段时间的花费是 costs[1]

而第 i-2 天之前，即：第0天~第i-3天的花费是dp[i-3]，此时需要注意 i - 3 可能为负数，如果为负数，则表示第 i-2 天之前没有花费，即为0
如果第 i 天被购买的"七日票"有效期覆盖，那么：dp[i] = ( i ≥ 7 ？dp[i-7] : 0) + costs[2]

原理同上
如果第 i 天被购买的"月票"有效期覆盖，那么：dp[i] = ( i ≥ 30 ？dp[i-30] : 0) + costs[3]

原理同上

因此，如果第 i 天是游玩日，那么我们可以选择上面四种花费中最小的花费。

最后只需要返回 dp[maxDay] 即可，其中maxDay为最大的游玩日，即为days[days.length - 1]。

JS算法源码

const rl = require("readline").createInterface({ input: process.stdin });
var iter = rl[Symbol.asyncIterator]();
const readline = async () => (await iter.next()).value;

void (async function () {
  const costs = (await readline()).split(" ").map(Number);
  const days = (await readline()).split(" ").map(Number);

  // 最大游玩日
  const maxDay = days[days.length - 1];

  // dp[i] 表示 前i天中完成其中所有游玩日需要的最少花费
  const dp = new Array(maxDay + 1).fill(0); // dp[0] 默认为 0, 表示前0天花费0元

  // index用于指向当前需要完成的游玩日days[index]
  let index = 0;

  // 遍历第1天 ~ 第maxDay天
  for (let i = 1; i <= maxDay; i++) {
    if (i == days[index]) {
      // 如果第i天是游玩日，那么此时有四种花费选择

      // 选择买"一日票"，该花费仅用于第i天的游玩，那么此时前i天的花费就是 dp[i-1] + cost[0]
      const buy1 = dp[i - 1] + costs[0];

      // 选择买"三日票"，该花费可用于第i天，第i-1天，第i-2天（相当于在第i-2天购买），那么此时前i天的花费就是 dp[i-3] + cost[1]
      // 需要注意，如果 i < 3，那么dp[i-3]越界，此时前(i-3)天不存在,即花费为0
      const buy3 = (i >= 3 ? dp[i - 3] : 0) + costs[1];

      // 选择买“七日票”，该花费可用于第i天~第i-6天（相当于在第i-6天购买），那么此时前i天的花费就是 dp[i-7] + cost[2]
      // 同上，注意i<7的处理
      const buy7 = (i >= 7 ? dp[i - 7] : 0) + costs[2];

      // 选择买“月票”，该花费可用于第i天~第i-29天（相当于在第i-29天购买），那么此时前i天的花费就是 dp[i-30] + cost[3]
      // 同上，注意i<30的处理
      const buy30 = (i >= 30 ? dp[i - 30] : 0) + costs[3];

      // 最终dp[i]取上面四种花费的最小值
      dp[i] = Math.min(buy1, buy3, buy7, buy30);

      // 匹配下一个游玩日（days是升序的，因此index 和 days[index] 正相关）
      index++;
    } else {
      // 如果第i天不是游玩日，那么第i天不需要花费，即前i天的花费和前i-1天的花费一样
      dp[i] = dp[i - 1];
    }
  }

  console.log(dp[maxDay]);
})();

Java算法源码

import java.util.Arrays;
import java.util.Scanner;

public class Main {
  public static void main(String[] args) {
    Scanner sc = new Scanner(System.in);

    int[] costs = Arrays.stream(sc.nextLine().split(" ")).mapToInt(Integer::parseInt).toArray();
    int[] days = Arrays.stream(sc.nextLine().split(" ")).mapToInt(Integer::parseInt).toArray();

    // 最大游玩日
    int maxDay = days[days.length - 1];

    // dp[i] 表示 前i天中完成其中所有游玩日需要的最少花费
    int[] dp = new int[maxDay + 1]; // dp[0] 默认为 0, 表示前0天花费0元

    // index用于指向当前需要完成的游玩日days[index]
    int index = 0;

    // 遍历第1天~第maxDay天
    for (int i = 1; i <= maxDay; i++) {

      if (i == days[index]) {
        // 如果第i天是游玩日，那么此时有四种花费选择

        // 选择买"一日票"，该花费仅用于第i天的游玩，那么此时前i天的花费就是 dp[i-1] + cost[0]
        int buy1 = dp[i - 1] + costs[0];

        // 选择买"三日票"，该花费可用于第i天，第i-1天，第i-2天（相当于在第i-2天购买），那么此时前i天的花费就是 dp[i-3] + cost[1]
        // 需要注意，如果 i < 3，那么dp[i-3]越界，此时前(i-3)天不存在,即花费为0
        int buy3 = (i >= 3 ? dp[i - 3] : 0) + costs[1];

        // 选择买“七日票”，该花费可用于第i天~第i-6天（相当于在第i-6天购买），那么此时前i天的花费就是 dp[i-7] + cost[2]
        // 同上，注意i<7的处理
        int buy7 = (i >= 7 ? dp[i - 7] : 0) + costs[2];

        // 选择买“月票”，该花费可用于第i天~第i-29天（相当于在第i-29天购买），那么此时前i天的花费就是 dp[i-30] + cost[3]
        // 同上，注意i<30的处理
        int buy30 = (i >= 30 ? dp[i - 30] : 0) + costs[3];

        // 最终dp[i]取上面四种花费的最小值
        dp[i] = Math.min(Math.min(Math.min(buy1, buy3), buy7), buy30);

        // 匹配下一个游玩日（days是升序的，因此index 和 days[index] 正相关）
        index++;
      } else {
        // 如果第i天不是游玩日，那么第i天不需要花费，即前i天的花费和前i-1天的花费一样
        dp[i] = dp[i - 1];
      }
    }

    System.out.println(dp[maxDay]);
  }
}

Python算法源码

# 输入获取
costs = list(map(int, input().split()))
days = list(map(int, input().split()))


# 算法入口
def getResult():
    # 最大游玩日
    maxDay = days[-1]

    # dp[i] 表示 前i天中完成其中所有游玩日需要的最少花费
    dp = [0] * (maxDay + 1)  # dp[0] 默认为 0, 表示前0天花费0元

    # index用于指向当前需要完成的游玩日days[index]
    index = 0

    # 遍历第1天~第maxDay天
    for i in range(1, maxDay + 1):
        if i == days[index]:
            # 如果第i天是游玩日，那么此时有四种花费选择

            #  选择买"一日票"，该花费仅用于第i天的游玩，那么此时前i天的花费就是 dp[i-1] + cost[0]
            buy1 = dp[i - 1] + costs[0]

            # 选择买"三日票"，该花费可用于第i天，第i-1天，第i-2天（相当于在第i-2天购买），那么此时前i天的花费就是 dp[i-3] + cost[1]
            # 需要注意，如果 i < 3，那么dp[i-3]越界，此时前(i-3)天不存在,即花费为0
            buy3 = (dp[i - 3] if i >= 3 else 0) + costs[1]

            # 选择买“七日票”，该花费可用于第i天~第i-6天（相当于在第i-6天购买），那么此时前i天的花费就是 dp[i-7] + cost[2]
            # 同上，注意i<7的处理
            buy7 = (dp[i - 7] if i >= 7 else 0) + costs[2]

            # 选择买“月票”，该花费可用于第i天~第i-29天（相当于在第i-29天购买），那么此时前i天的花费就是 dp[i-30] + cost[3]
            # 同上，注意i<30的处理
            buy30 = (dp[i - 30] if i >= 30 else 0) + costs[3]

            # 最终dp[i]取上面四种花费的最小值
            dp[i] = min(buy1, buy3, buy7, buy30)

            # 匹配下一个游玩日（days是升序的，因此index 和 days[index] 正相关）
            index += 1
        else:
            # 如果第i天不是游玩日，那么第i天不需要花费，即前i天的花费和前i-1天的花费一样
            dp[i] = dp[i - 1]

    return dp[maxDay]


# 算法调用
print(getResult())

C算法源码

#include <stdio.h>
#include <math.h>

#define MAX_SIZE 366

int main() {
    int costs[4];
    for (int i = 0; i < 4; i++) {
        scanf("%d", &costs[i]);
    }

    int days[MAX_SIZE];
    int days_size = 0;

    while (scanf("%d", &days[days_size++])) {
        if (getchar() != ' ') break;
    }

    // 最大游玩日
    int maxDay = days[days_size - 1];

    // dp[i] 表示 前i天中完成其中所有游玩日需要的最少花费
    int dp[maxDay + 1];
    dp[0] = 0; // dp[0] 默认为 0, 表示前0天花费0元

    // index用于指向当前需要完成的游玩日days[index]
    int index = 0;

    // 遍历第1天~第maxDay天
    for (int i = 1; i <= maxDay; i++) {
        if (i == days[index]) {
            // 如果第i天是游玩日，那么此时有四种花费选择

            // 选择买"一日票"，该花费仅用于第i天的游玩，那么此时前i天的花费就是 dp[i-1] + cost[0]
            int buy1 = dp[i - 1] + costs[0];

            // 选择买"三日票"，该花费可用于第i天，第i-1天，第i-2天（相当于在第i-2天购买），那么此时前i天的花费就是 dp[i-3] + cost[1]
            // 需要注意，如果 i < 3，那么dp[i-3]越界，此时前(i-3)天不存在,即花费为0
            int buy3 = (i >= 3 ? dp[i - 3] : 0) + costs[1];

            // 选择买“七日票”，该花费可用于第i天~第i-6天（相当于在第i-6天购买），那么此时前i天的花费就是 dp[i-7] + cost[2]
            // 同上，注意i<7的处理
            int buy7 = (i >= 7 ? dp[i - 7] : 0) + costs[2];

            // 选择买“月票”，该花费可用于第i天~第i-29天（相当于在第i-29天购买），那么此时前i天的花费就是 dp[i-30] + cost[3]
            // 同上，注意i<30的处理
            int buy30 = (i >= 30 ? dp[i - 30] : 0) + costs[3];

            // 最终dp[i]取上面四种花费的最小值
            dp[i] = (int) fmin(fmin(buy1, buy3), fmin(buy7, buy30));

            // 匹配下一个游玩日（days是升序的，因此index 和 days[index] 正相关）
            index++;
        } else {
            // 如果第i天不是游玩日，那么第i天不需要花费，即前i天的花费和前i-1天的花费一样
            dp[i] = dp[i - 1];
        }
    }

    printf("%d\n", dp[maxDay]);

    return 0;
}