zz_ylolita

注意bit数组存放的是一个区间的最值。更新最值的时候要传递更新。查找的时候也要注意。如果已经不是在一个区间段上了，应该和num[]比。

题目大意：有n头牛，给出从第二头牛开始每头牛前面有多少头牛编号比自己小。求牛的编号。分析：每次最后一头牛的编号为当前可用编号中排在第a[i]+1的数。-------->线段树 O(nlogn)维护一个区间内还有多少个数可以用（因为要求可以用的第k个数）。#include #include #include #include using namespace std;st

数据范围很大，但是可以每行建一个线段树，化为线性的set的优先级高于addpushdown的时候相当于在add和sett中对一个整个的区间进行“赋值”一样，所以还要加上改sum,min1,max1的部分三个询问可以一起做。。。#include #include #include #include #include using namespace std;#define

http://www.cnblogs.com/kuangbin/archive/2013/08/12/3253734.htmlhttp://www.cnblogs.com/kuangbin/p/3253741.html

题目大意：给一颗树，根节点为1，每个节点都有颜色（对子树操作，dfs序+线段树 （对树上的链操作用树链剖分）表示颜色(col两个区间颜色数的合并为 or ,总颜色统计为二进制上出现的1的个数#include #include #include #include using namespace std;#define MAXN 400100#define LL long

好裸的题，好坑的数据= =详见讨论版#include #include #include #include using namespace std;#define MAXN 500010#define INF 0x7fffffffstruct node{ int ch[2],f,v;}tr[MAXN];int a,tmp,x1,x2,ans;int n,root,t

splay的经典操作：翻转区间-->交换左右子树，注意打标记降低翻转次数如何找到要操作的区间[l,r]：将当前排名（size）为l-1 +1 的节点转到根，将当前排名为r+2的节点转到根的右子树的根节点，则根的右子树的根节点的左子树为所求区间，直接打标记就可以了。注意1.标记是在每一次访问到一个新的节点是就要pushdown的2.区分一个节点的排名和这个节点的值：这个节点的排名是它

剖分后的树有如下性质：    性质1：如果(v,u)为轻边，则siz[u] * 2    性质2：从根到某一点的路径上轻链、重链的个数都不大于logn。总之两个dfsdfs1(int x,int f)   //f是x的父亲枚举和x相邻的点的时候注意不等于f 才可以递归  要维护的东西：    dep[x] x节点深度    siz[x] 以x节点为根

splay鼻祖级的题目？？（雾。。Insert：把第pos个数（有哨兵节点）转到root，把第pos+1个数转到root的右儿子，然后对c[]建树然后把这棵树插到root右儿子的左儿子处Delete：把第pos个数转到root，把第pos+tot+1个数转到root右儿子，删掉root右儿子的左儿子（变成0）；注意回收空间，所以还要把这棵子树遍历一边。Make-Same：像上面

根据题目给出的数列的性质，每次可以求出最后一头牛的编号也就是在当前有的数列1  2  3 ....   n 中找到第a[i]+1小的数可以用树状数组或者线段树，记录的是已经删除了的数的个数还有的数的个数为     区间长度-区间记录的数字这个是单调的（不严格），所以可以用二分查找优化然后更新一下就可以了#include #include #include #inclu

傻逼zzy...poj2796注意一下最后答案可能是0，所以res的初始值要赋为-1#include <iostream>#include <cstdio>using namespace std;int n,top;long long res;int ans;long long s[100005], a[100005];int L[100005]...

新学到的权值线段树和它的合并，数组版的动态开点，以及如何估算线段树数组要开多大敲开心~应该还要学怎么分裂。。。关于权值线段树的讲解看这里：https://www.cnblogs.com/Mychael/p/8665589.htmlhttps://blog.youkuaiyun.com/Stupid_Turtle/article/details/80445998不过这题也可以直接bitset...

想了很久都没有想到。。。看了hzw的题解恍然大悟居然只是枚举起始位置，然后要取这个位置之前（之后）与它最近的k种珠子的位置的最大值作为这一个起始位置的答案，最后这些答案取min找最近的珠子：因为题目中已知Ti的珠子位置按升序排序，所以用静态链表把每一种珠子存起来，这样是尾插法，遍历的时候从大到小。同时为了方便，也需要将所有坐标排序，和遍历的顺序一样从大到小枚举起始位置，这样找之前最近比较方

HDU2586要注意只有简单边相连的图是一棵树，树有n-1条边

描述H国有n个城市，城市与城市之间有m条单向道路，满足任何城市不能通过某条路径回到自己。现在国王想给城市重新编号，令第i个城市的新的编号为a[i]，满足所有城市的新的编号都互不相同，并且编号为[1,n]之间的整数。国王认为一个编号方案是优美的当且仅当对于任意的两个城市i,j，如果i能够到达j，那么a[i]应当优美的编号方案有很多种，国王希望使1号城市的编号尽可能小，在此前提

program lcastat;var ans,ans1:int64; w:array[1..10000000]of longint; father,head:array[1..10000000]of longint; i,n,p,l:longint; vis:array[1..10000000]of boolean; edge:array[1..1000

使用线段树的做法：给线段树每个节点增加一个域cover。cover=1表示该结点所对应的区间被完全覆盖，cover=0表示该结点所对应的区间未被完全覆盖。如下图的线段树，添加线段[1,2][3,5][4,6]

一、一些概念 xor：亦或，相同为0，不同为1 or：或，有一个为1则为1 本题中用0代表平行，1代表垂直 way[i]表示i与i的father[i]是垂直还是平行（值为0或1） 题目中读入的平行垂直关系和way[]表示的都是两个直线之间的平行垂直关系，因此都用xor运算 二、并查集的程序段 1、找父亲 function getfather(x:longint):longint;

program xiaopang;const maxn=65533;//maxn最好大一点，65533可以var father,hash:array[1..maxn shl 2]of longint; ch:char; l,i,x,y,n,ans:longint;label 1;function h(x:longint):longint; //hash，需要学习！注意数组也要

//二维树状数组//即行lowbit,列lowbitvar c:array[0..1030,0..1030]of longint; n,m,x,y,k,x1,y1,x2,y2:longint;function lowbit(x:longint):longint;begin lowbit:=x and(-x);end;procedure modify(x,y,delta:long

hdu3308//线段树，求区间最长上升连续序列长度，有更新program tt;type point=record l,r,lmax,rmax,max:longint; end;var tree:array[1..400000]of point; n,m,t1,a2,b,l,i:longint; a:array[0..100000]of longint;

这真是很让人难过的一道题。。。。。但是我要硬着头皮写完splay TwT题目要求实现一种数据结构，支持6种操作： add x,y D：第x个数到第y个数之间的数每个加D； reverse x y：第x个数到第y个数之间全部数翻转； revolve x y T：第x个数到第y个数之间的数，向后循环流动T次，即后面T个数变成这段子序列的最前面T个，前面的被挤到后面。 Insert x P：在第x

1.当同时需要维护乘法和加法时，乘法优先级高于加法，并且每次传乘法标记时，要把加法标记同时乘上乘法标记。 2.在查找（find）的时候标记下传

双标记线段树因为乘除有优先级关系，所以每访问到一个节点就把这个节点的标记往下传。pushdown中退出的条件是该点为叶子节点(p*2+1>tot)但是要注意tot的计算，是在build中节点编号最大的那个为tot（因此WA了好几次。。）program seq;type point=record l,r,sum,mul,add:int64;//tag end;

每一个点有三个属性：(x,y,c)每次查询要在log的时间内完成，查找距离(x,y)点最近的已知点，并且已知点的花费c要小于等于给定的一个数。一开始想，如果直接用二维的kdtree来做，直接在query找的时候忽略花费>c的点不就好了，但是发现这样不满足kdtree BST的性质，是没有办法往下走的。那就得考虑把c也作为一维坐标，所以应该是三维kdtree.可以手动定义如果花费大...