2021杭电多校第三场 1003——Forgiving Matching

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原创最新推荐文章于 2026-04-10 12:44:41 发布 296 阅读 AI 写同款· GEO 优化 ›

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题目大意

给你两个字符串，一个长度为 $n$ 模式串，一个长度为 $m$ 匹配串，由字符 $0$ 到 $9$ 和通配符 * 组成。问你匹配串在模式串中失配长度不超过 $1,\cdots,m$ 的字符串一共有多少个。

解题思路

考虑采用 $f f t$ 来做。
预处理
对于模式串，我们开十个数组（桶），来标记 $0$ 到 $9$ 出现的下标，如果出现了就标为 $1$ ，否则标为 $0$ ，对于通配符 $*$ ，将 $0$ 到 $9$ 都标为 $1$ ，因为通配符是可以和任何字符匹配的，都能造成贡献。
对于匹配串，首先将匹配串反转，然后和模式串做同样的处理，唯一不同的就是通配符的处理。模式串中的通配符不能将所有位置都标记为 $1$ ，这样的话，如果模式串和匹配串都是通配符会重复计算，所以我们首先统计匹配串中通配符的个数，将通配符的所有位置都标为 $0$ ，最后统计答案的时候加上通配符的个数即可。
对于样例
$012 * 4$
$1 * 3$
模式串预处理的结果为

用 $f f t$ 快速处理
定义模式串中的第 $i$ 个串为，以第 $i$ 个字符开头，长度为 $m$ 的连续子串。( $i$ 从 $0$ 开始)
用模式串中的 $0$ 数组与匹配串中的 $0$ 数组做 $f f t$ 可以得到 $f f t$ 之后的数组 $a$ 。其中 $a_{m-i-1}$ 即为模式串的第 $i$ 个串与匹配串中 $0$ 匹配的个数。
我们对 $0$ 到 $9$ 每个数组做一次 $f f t$ ，然后对每一次求和一下 $a_{m-i-1}$ ，再加上匹配串中通配符的个数，就可得到第 $i$ 个模式串和匹配串最大匹配长度。

求答案
最后我们统计一个失配为 $0$ 到失配为 $m$ 的前缀和即可。

反转操作很重要
比如你想知道 $a_1, a_2, a_3$ 和 $b_1,b_2,b_3$ 有多少个是匹配的，你不反转第二个字符串，你的结果会存在 $c_2, c_4, c_6$ 之中，因为 $c2=a1×b1,c4=a2×b2,c6=a3×b3c_2 = a_1\times b_1, c_4=a_2\times b_2, c_6 = a_3\times b_3$ ，但是反转之后结果就直接存在 $c_4$ 之中，因为 $c4=a1×b3+a2×b2+a3×b1c_4 = a_1\times b_3 + a_2\times b_2 + a_3\times b_1$ ，这样才是我们 $f f t$ 的意义所在。

Code

#include <bits/stdc++.h>
#define ll long long
#define qc ios::sync_with_stdio(false); cin.tie(0);cout.tie(0)
#define fi first
#define se second
#define PII pair<int, int>
#define PLL pair<ll, ll>
#define pb push_back
using namespace std;
const int MAXN = 1e6 + 7;
const int inf = 0x3f3f3f3f;
const ll INF = 0x3f3f3f3f3f3f3f3f;
const ll mod = 1e9 + 7;
inline int read()
{
    int x=0,f=1;char ch=getchar();
    while (!isdigit(ch)){if (ch=='-') f=-1;ch=getchar();}
    while (isdigit(ch)){x=x*10+ch-48;ch=getchar();}
    return x*f;
}
char s[MAXN],t[MAXN];
int f[10][MAXN];
int g[10][MAXN];
int n, m;
const double PI = acos(-1.0);
struct Complex
{
    double x, y;
    Complex operator+(const Complex &W) const
    {
        return {x + W.x, y + W.y};
    }
    Complex operator-(const Complex &W) const
    {
        return {x - W.x, y - W.y};
    }
    Complex operator*(const Complex &W) const
    {
        return {x * W.x - y * W.y, x * W.y + y * W.x};
    }
};
Complex a[MAXN], b[MAXN];
int R[MAXN];
int tot, bit;
void inif(int n)
{
    tot = 1, bit = 0;
    while (tot <= n)
        tot <<= 1, ++bit;
    for (int i = 0; i <= tot; ++i)
        R[i] = (R[i >> 1] >> 1) | ((i & 1) << (bit - 1));
}
void FFT(Complex f[], int total, int type, int n, int m)
{
    for (int i = 0; i < total; ++i)
        if (i < R[i])
            swap(f[i], f[R[i]]);
    for (int tot = 2; tot <= total; tot <<= 1)
    {
        Complex w1 = {cos(2 * PI / tot), type * sin(2 * PI / tot)};
        for (int pos = 0; pos < total; pos += tot)
        {
            Complex w = {1, 0};
            for (int i = pos; i < pos + tot / 2; ++i, w = w * w1)
            {
                Complex x = f[i];
                Complex y = w * f[i + tot / 2];
                f[i] = x + y;
                f[i + tot / 2] = x - y;
            }
        }
    }
    if (type == -1)
    {
        for (int i = 0; i <= n + m; ++i)
            f[i].x = (int)(f[i].x / tot + 0.5);
    }
}

// 用法
int tong[MAXN];
int ans[MAXN];
int pre[MAXN];
void solve(){
    cin >> n >> m;
	cin >> (s) >> (t);
	for (int i = 0; i < n; ++i){
	    if(s[i] == '*'){
			for (int j = 0; j <= 9; ++j){
			    f[j][i] = 1;
			}
		}
		else
			f[s[i]-'0'][i] = 1;
	}
	int cnt = 0;
	reverse(t, t+m);
	for (int i = 0; i < m; ++i){
	    if(t[i] == '*')
			cnt++;
		else
			g[t[i]-'0'][i] = 1;
	}
	for(int i = 0; i <= 9; ++i){
		for (int j = 0; j < n; ++j){
		    a[j].x = f[i][j];
		}
		for (int j = 0; j < m; ++j){
		    b[j].x = g[i][j];
		}
		inif(n + m);
		FFT(a, tot, 1, n, m), FFT(b, tot, 1, n, m);
		for (int j = 0; j <= tot-1; ++j){
		    a[j] = a[j] * b[j];
		}
		FFT(a, tot, -1, n, m);
		// 开始处理
		for (int j = m-1; j <= n-1; ++j){
		    tong[j] += (int)a[j].x;
		}
		for (int j = 0; j <= tot; ++j){
		    a[j].x = a[j].y = b[j].x = b[j].y = 0;
		}
	}
	for (int i = m-1; i <= n-1; ++i){
	    ans[tong[i] + cnt]++;
	}
	pre[m+1] = 0;
	for(int i = m; i >= 0; --i){
		pre[i] = pre[i+1] + ans[i];
	}
	for(int i = m; i >= 0; i--)
		cout << pre[i] << "\n";
	for(int i = m-1; i <= n-1; i++) tong[i] = 0;
	for (int i = 0; i <= m; ++i){
	    ans[i] = 0;
	}
	for (int i = 0; i <= 9; ++i){
	    for (int j = 0; j <= n; ++j){
	        f[i][j] = g[i][j] = 0;
	    }
	}
}

signed main()
{
    #ifdef ONLINE_JUDGE
    #else
       freopen("in.txt", "r", stdin);
       freopen("out.txt", "w", stdout);
    #endif

    qc;
    int T;
    cin >> T;
    //T = 1;
    while(T--){

        solve();
    }
    return 0;
}