Coco_T的博客

题目链接分析： 显然，比c面值大的钱，我们直接给就好了 那么问题就变成了，有一堆比c面值小的硬币， 让我们凑出尽量多的c正当我苦于c的范围无法承受01背包时 我又看了一遍题面，发现了这句话： 每一个面额都能整除所有比它大的面额这句话好像非常的关键 也就是说，大面值的钱能做到的事，比ta小的硬币都能做到显然我们要是能凑出c的钱数 就不要给奶牛贝西大于c的钱优先选用面值大的钱（直觉告诉我）

T1.A分析： 考试的时候，直接bfs（想都没想）看一下官方题解吧： 一定要仔细读题解（特别是注意柿子的系数和下标） 注意m的表达式： 题解只是说要贪心的构造x，一开始我还是有点懵的 py了一下学长的代码，发现真的是贪心注意：只有m为整数的时候才有一下的操作我们确定了一个n之后，m中b的次方最大的就是n 我们就从b^n次方开始：tot+=m/b^n b的次方逐次递减，不用担心m是否可以

简介：同皇帝的烦恼分析：如果n是偶数，那么答案就是相邻两个人的r值之和的最大值 即ans=max{r(i)+r(i+1)} (i=1,2,3,…,n)，规定r(n+1)=r1 这时的ans实际上是答案的下限 一个合法的方案就是，对于编号为i的人来说，如果i是奇数，那么就从1往后依次取礼物， 如果i是偶数，那么就从ans往前依次取礼物如果n是奇数，这个时候就需要二分一个ans了 L=ma

题目链接简介：方格填字母，相邻的要求互异分析： 题目要求输出字典序最小的方案， 实际上这就是在提示我们这道题的解法： 我们直接贪心的向方格里填数就好了 一开始我还以为要搜索，一道搜到一种合法方案就停止，实际上这就是贪心填数的过程//这里写代码片#include<cstdio>#include<cstring>#include<iostream>using namespace std;i

题目链接分析： 能力强的骑士开高价是合理的 但是不能大材小用，所以我们直接贪心 把龙和骑士排序之后， 一个一个砍就行了 当然，不能砍掉“当前需要砍掉的头”的骑士我们就不用再考虑ta了tip成功的砍掉一个头之后，不要忘了把骑士的指针向后推移一位附图： //这里写代码片#include <iostream> #include <cstdio> #include <cstring>

题目链接简介： n个任务分配给n个部队做，每个部队都需要交代B的时间，执行J的时间分析： 直觉告诉我们，执行时间长的任务需要早交代 那我们直接按照执行时间排序，一个一个交代就好了为什么我们这么做事对的呢 TA：贪心不要证明 假设我们交换两个相邻的任务X和Y（交换前X在Y之前，交换后X 在Y之后）， 不难发现，其他任务的完成时间没有影响，那么我们看着两个任务情况一交换之前，任务Y比X先结

Description母亲节就要到了，小 H 准备送给她一个特殊的项链。这个项链可以看作一个用小写字母组成的字符串，每个小写字母表示一种颜色。为了制作这个项链，小 H 购买了两个机器。第一个机器可以生成所有形式的回文串，第二个机器可以把两个回文串连接起来，而且第二个机器还有一个特殊的性质：假如一个字符串的后缀和一个字符串的前缀是完全相同的，那么可以将这个重复部分重叠。例如：aba和aca连接起来，

题目链接分析： 看到有异或和，就可以往线性基上考虑 然而写出线性基之后，在统计答案上卡了如果直接按照线性基：for (int i=30;i&gt;=0;i--) if (b[i]) ans+=v[b[i]];这样统计出的答案保证了编号的异或值最大，与题设不符，非常不符原来这道题的核心是贪心啊 我们按照v排序 从大到小插入元素维护线性基 因为...

题目链接题目描述： 每个人有pipip_i的概率提供一道题给Andrey，求Andrey得到恰好一道题的最大概率分析： 显然，我们如果想要概率最大，就要从大到小的选择 我们先把概率从大到小排序 贪心的选取就好了简单说一下怎么计算答案： 简单观察一下 假设现在我们已经选中了p1,p2p1,p2p_1,p_2 ans=p1∗(1−p2)+p2∗(1−p1)ans=p1∗(1−...

版权属于舒老师，想要引用此题（包括题面）的朋友请联系博主 分析： mmp，这道题做了不短的时间（这是什么语法。。。）首先我们可以用O(nlogn)O(nlogn)O(nlogn)的复杂度计算出f[i]f[i]f[i]（表示以iii为结尾的LIS）以下就是我yy的过程了：一开始有一个非常naive的想法： 把数组的每个位置视为一个点 每个点向在ta后面且比ta大的点连...

题目链接简介： 用最少圆覆盖矩形分析： 我们通过分析可以发现 半径小于等于r的圆是完全没有用的 而每个圆能够有效覆盖的面积只有： 因此我们在输入的时候，预处理一下每个圆可以覆盖的矩形的左端点和右端点 这样我们就把问题转化成了贪心的经典问题：区间覆盖我们把所有的区间按照端点排序，注意，如果某一区间边界大于s,t的边界，应把它们变成s或t 因为超出的部分毫无意义，同时还会影响对数据的分析

题目链接简介： 输出多条Hello World，只能复制粘贴分析： 实际上我们只要贪心的一直复制 得到的Hello world的条数一定是2的n次方 最后差几条，我们直接用一次复制即可//这里写代码片#include<cstdio>#include<cstring>#include<iostream>using namespace std;int main(){ int ca

题目链接简介： n个绝对值不同非零整数，选出尽量多的数，排成一个序列，使得正负号交替，绝对值递增分析： 实际上我们可以把两种颜色的楼层分开，分别排序 之后贪心的构造楼层就可以了当然我们还有一种更简单的方法， 绝对值排序 如果相邻两个数的乘积为负，那么这两层楼就可以计算入答案中tip乘的操作会爆int，所以要开ll//这里写代码片#include<cstdio>#include<cstr

题目链接分析： 显然我们要让首位大的数字排在前面但是有一个问题，如果是这样的数字： 807 80 我们要怎么办呢 显然80807要更优那么就是短的在前吗，也不一定 809 80 这一组的最优解就是80980 所以我在判断的时候是这么写的：int pd(int A,int B){ int l1=strlen(a[A]); int l2=strlen(a[B]);

题目链接简介： 同行同列没有两辆车，每辆车在规定的矩形内分析： 乍一看很像八皇后问题，但是我们注意到n<=5000 显然dfs是没有办法的了， 不过我们会注意到，和八皇后相比，这道题少了一个条件：我们可以同一对角线上放多辆车，而且题目给出了每辆车的位置范围 实际上我们可以用贪心解决这个问题对于每一辆车来说，行和列是相互独立的，所以我们可以分开来考虑（下面我们单考虑行）： 我们把所有的矩形

题目链接简介： 给定n个整数，把ta们划分成尽量少的严格递增序列分析： 记录每一个数字出现的次数cnt[i] k=max{cnt[i]}困难一点的是解的构造：在题目中有这样一句话：简单来说让每个背包装载的东西尽量相等 所以我们把所有的物品保存下来之后，从小到大排序 选1~k的物品为这k个背包的第一个物品 至于每一个背包i，属于ta的物品编号是i+x*k 这样就能保证每个背包尽量均衡//

题目链接简介： 有n个A任务和n个B任务， 现在要把这些任务分成n组，每组包含一件A事件和一件B事件， 如果事件的和超过d，会产生一定的费用，最小化费用分析： 一开始我认为， 只要把A任务从小到大排序，B任务从大到小排序 对应相加得到的就是最优组合方案 交上去果然就是WA（歪果人不好骗啊）然而我找了半天的反例，都没有什么结果 所以我这个贪心贪得很对 但是为什么WA呢 因为我的读入

题目链接简介： 用n根火柴拼出尽量大的能被m整除的数分析： 有一种非常显而易见的dp方法： f[i][j]表示用i根火柴拼出的“%m是j”的最大整数 转移方程：f[i+c[k]][(j*10+k)%m]=max{f[i][j]+k}时间复杂度是O(10*nm)，看上去好像非常优秀 但是这样的状态值是高精度（能拼成的数可能很大），因此实际计算量非常大 （再说有人愿意随手写一个高精度吗。。。

分析： 显然最坏情况就是我们每个项目都选择，就可以得到一个答案上限 贪心的，如果我们想让答案减少，就找到当前被选择次数最多的体育项目刨除 至于那些选择了这个项目的运动员，顺延一下就好了 （可以证明这个贪心的正确性） 时间复杂度：O(nm)O(nm)O(nm)tiphu测的时候没有立刻想到正解， 先想到了二分，然而在考虑如何二分判定的时候发现了正解 所以还是那个原则：相...