A. Olympiad Date
思路:这道题只需要满足日期出现的数字个数大于需要的个数就行,拿map存一下再判断一下即可。
void solve()
{
int n, m, k;
cin >> n;
map<int, int> mp;
vector<int> a(n+1);
for (int i=1; i<=n; i++){
cin >> a[i];
}
for (int i=1; i<=n; i++){
mp[a[i]]++;
if (mp[2] >= 2 && mp[0] >= 3 && mp[1] >= 1 && mp[3] >= 1 && mp[5] >= 1){
cout << i << endl;
return;
}
}
cout << 0 << endl;
}
B. Team Training
思路:首先要把题意理解清楚,可以任意划分块,但要保证每块的团队价值大于等于x,并要求最多的块数,所以我们贪心的想肯定大于等于x的会自己贡献1,其余只能靠个数来影响贡献,因为会以每一块的最小的值来乘个数,所以我使用了一个大根堆方便查询,用ans记录每一块里的个数,当满足条件num++,并且ans设为0.
void solve()
{
int n, m, k, x;
cin >> n >> x;
map<int, int> mp;
vector<int> a(n+1);
for (int i=1; i<=n; i++){
cin >> a[i];
}
int num = 0;
priority_queue<int> pq;
for (int i = 1; i <= n; i++){
if (a[i] >= x){
num++;
}
else {
pq.push(a[i]);
}
}
int ans = 0;
while (!pq.empty()){
int t = pq.top();
pq.pop();
ans++;
if (t*ans >= x){
num++;
ans = 0;
continue;
}
}
cout << num << endl;
}
C. Combination Lock
思路:首先还是得把题意理解清楚,第一层是顺序得从1到n,而第二层就是你要求出的序列。
然后就是观察法,对于样例2,一种可以的解为1 3 5 2 4,观察每次是哪个值是成立的关键,这里可以看出是先奇数,再偶数,所以我们可以退出偶数是肯定没有解的,因为这里会有要有奇偶之间的转换,而偶数不能达成这条件。
void solve()
{
int n, m, k;
cin >> n;
if (n%2==0){
cout << -1;
}
else {
for (int i =1; i<=n; i+=2){
cout << i << " ";
}
for (int i =2; i<=n; i+=2){
cout << i << " ";
}
}
cout << endl;
}
D. Place of the Olympiad
思路:这道题很明显的就是贪心,要让最长的桌最小,肯定n行就要尽可能地去均分这k个桌子,而我们就是要对该后的最长来讨论(也就是上取整后的值),这里要让其在m长下尽可能得小,我们二分枚举最小的桌长,就是让每一段之间有一个空位,这里满足m除以x+1的下取整在加上最后一段大于等于k。
void solve()
{
int n, m, k;
cin >> n >> m >> k;
int l=0, r = 1e9+10;
int num = (k+n-1)/n;
auto check = [&](int x)->bool
{
int res = 0;
if (x >= num) return true;
else {
int ch = m/(x+1);
res = ch*x+m-ch*(x+1);
}
return res >= num;
};
while (l+1 < r){
int mid = (l+r)/2;
if (check(mid)){
r = mid;
}
else l = mid;
}
cout << r << endl;
}
E. Interesting Ratio
思路:这道题被题面吓到了,以为是数论题,结果只需要打表看出规律就行了。
首先是我的打表函数:
bool isnp[MAXN];
vector<int>prime;
map<int, bool> mp;
void init(int n)
{
for (int i = 2; i<=n; i++)
{
if (!isnp[i])
{
prime.push_back(i);
mp[i] = 1;
}
for (int p:prime)
{
if (p*i>n) break;
isnp[p*i] = true;
if (i%p == 0) break;//最小质因子
}
}
}
int gcd(int a, int b){
if (b == 0) return a;
return gcd(b, a % b);
}
int lcm(int a, int b){
return a / gcd(a, b) * b;
}
void solve()
{
int n, m, k;
cin >> n;
int num = 0;
vector<array<int, 2>> ans;
for (int i=1; i<n; i++){
for (int j = i+1; j<=n; j++){
int res = lcm(i, j)/gcd(i, j);
if (mp[res]) {
num++;
ans.push_back({i, j});
}
}
}
for (auto x:ans){
cout << x[0] << " " << x[1] << endl;
}
cout << num << endl;
cout << "========================" << endl;
}
得到的数据为(a,b):
// 1 2
// 1 3
// 1 5
// 2 4
// 4
// ========================
// 1 2
// 1 3
// 1 5
// 1 7
// 2 4
// 2 6
// 2 10
// 3 6
// 3 9
// 4 8
// 5 10
// 11
// ========================
// 1 2
// 1 3
// 1 5
// 1 7
// 1 11
// 1 13
// 1 17
// 1 19
// 1 23
// 1 29
// 1 31
// 2 4
// 2 6
// 2 10
// 2 14
// 2 22
// 2 26
// 2 34
// 3 6
// 3 9
// 3 15
// 3 21
// 3 33
// 4 8
// 4 12
// 4 20
// 4 28
// 5 10
// 5 15
// 5 25
// 6 12
// 6 18
// 6 30
// 7 14
// 7 21
// 8 16
// 8 24
// 9 18
// 9 27
// 10 20
// 10 30
// 11 22
// 11 33
// 12 24
// 13 26
// 14 28
// 15 30
// 16 32
// 17 34
// 49
// ========================
即b是a倍数,并且是素数倍,所以我们只要枚举a的值其最小的组合的二倍要小于等于n,再二分地去找其有几个素数倍是小于等于n的。
const int N = 1e8+10;
const int MAXN = 1e8+10;
bool isnp[MAXN];
vector<int>prime;
void init(int n)
{
for (int i = 2; i<=n; i++)
{
if (!isnp[i])
{
prime.push_back(i);
}
for (int p:prime)
{
if (p*i>n) break;
isnp[p*i] = true;
if (i%p == 0) break;//最小质因子
}
}
}
void solve()
{
int n, m, k;
cin >> n;
int num = 0;
for (int i = 1; i*2<=n; i++){
int l = -1, r = prime.size()+1;
while (l+1 < r){
int mid = (l+r)/2;
if (i*prime[mid] <= n){
l = mid;
}
else {
r = mid;
}
}
// cout << l+1 << endl;
num += (l+1);
}
cout << num << endl;
}
signed main()
{
ios::sync_with_stdio(false);
cin.tie(0);
cout.tie(0);
init(N);
int t = 1;
cin >> t;
while (t--)
{
solve();
}
return 0;
}