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链接 D - Wizard in Maze 题意： 在一个 H * W 的网格地图中，问从给定起点到终点要使用的最少魔法次数。 行走规则：1、当相邻的位置为空地时可以直接走到下一个点而不使用魔法。2、否则使用一次魔法后可以把自己传送到以当前位置为中心的 5 * 5 的方阵的任一个空地位置。 思路： 直接两个bfs嵌套搜索一下就????。 #include<bits/stdc++.h> using namespace std; #define F first #define S second t

AtCoder Beginner Contest 174 A - Air Conditioner #include<bits/stdc++.h> using namespace std; int main() { int t; cin>>t; if(t>=30) cout<<"Yes\n"; else cout<<"No\n"; return 0; } B - Distance #include<bits/stdc++.h> u

入口 A Kyu in AtCoder #include<bits/stdc++.h> using namespace std; int main() { int t; cin>>t; if(t>=1800) cout<<"1"; else if(t>=1600) cout<<"2"; else if(t>=1400) cout<<"3"; else if(t>=1200) cout<<"4"; el

D - Anything Goes to Zero 题意 ：给一个长度为1 ≤ N ≤ 2×105的二进制串，定义f [i] 的值为 以下操作的次数： 定义 ：xi 为二进制串的第 i 位取反后代表的十进制的值， g[ x ]为 x 的二进制表示时1的个数，设 r = xi ，每次操作：r = r % g[ r ] ，直到 r 为 0 ； 思路： 由于第一次求余后的值必定小于N，所以关键在于先求出第一次的余数r。第一次求余的模有两个，分别是p1 = sum + 1，p2 = sum - 1，其中su

入口 A - Multiplication 1 #include<bits/stdc++.h> using namespace std; int main() { LL a,b; cin>>a>>b; cout<<a*b<<endl; return 0; } B - Multiplication 2 （精度） 给一堆 ai >= 0 让你累乘，若结果大于1e18 输出 -1 ，否则输出结果； 当时写的花里胡哨的，换了几种方法也过不

A - Registration 签到 #include<bits/stdc++.h> using namespace std; const int N = 2e5+7; int main() { string a,b; cin>>a>>b; int flag=1; for(int i=0;i<a.size();i++){ if(a[i]!=b[i]) flag=0; } if(flag) puts("Yes"); else puts("No")

入口 感觉这套要比上套简单一些~ A - A?C #include<bits/stdc++.h> using namespace std; int main() { string s; cin>>s; if(s[1]=='B') cout<<"ARC\n"; else cout<<"ABC\n"; return 0; } B - Tri...

入口 很少打这个比赛 A - We Love Golf 签到 #include<bits/stdc++.h> using namespace std; int main() { int k,a,b; cin>>k>>a>>b; for(int i=a;i<=b;i++) { if(i%k==0) { puts("OK"); ...