ZZULIOJ.1726迷宫（bfs)

1726: 迷宫

题目描述
在很多 RPG (Role-playing Games) 游戏中，迷宫往往是非常复杂的游戏环节。通常来说，我们在走迷宫的时候都需要花非常多的时间来尝试不同的路径。但如果有了算法和计算机的帮助，我们能不能有更快的方式来解决这个问题？我们可以进行一些尝试。
现在我们有一个 N 行 M 列的迷宫。迷宫的每个格子如果是空地则可以站人，如果是障碍则不行。在一个格子上，我们可以一步移动到它相邻的 8 个空地上，但不能离开地图的边界或者跨过两个障碍的夹缝。下图是一个移动规则的示例。
为了离开迷宫，我们还需要触发迷宫中所有的机关。迷宫里总共有 K 个机关，每个机关都落在一个不同的空地上。如果我们到达了某个机关所在的格子时，这个机关就会被自动触发，并在触发之后立即消失。我们的目标是按顺序触发所有的 K 个机关，而当最后一个机关被触发时，我们就可以离开迷宫了。
现在我们已经拿到了迷宫地图，并且知道所有障碍、机关的位置。初始时我们位于迷宫的某个非障碍格子上，请你计算我们最少需要移动多少步才能离开迷宫？

输入

输入的第一行是测试数据的组数 T (T ≤ 20)。
对于每组测试数据：第一行包含地图的行数 N (2 ≤ N ≤ 100)，列数 M(2 ≤ M ≤ 100) 和机关的数量 K(1 ≤ K ≤10)。接下来 N 行，每行包含 M 个字符，其中字符 ‘#’ 表示障碍，而 ‘.’ 表示空地。接下来一行描述了我们的初始位置 (x, y)，表示我们一开始在第 x 行第 y 列的格子上。这个格子保证是个空地。接下来 K 行，每行给出了一个机关的位置。所有的机关都不会出现在障碍上，并且任意两个机关不会出现在同一个空地上。我们需要按输入给定的顺序触发所有的 K 个机关。

输出

对于每组测试数据，输出离开迷宫所需要的最少步数。如果无论如何都不能离开迷宫，输出 -1。

样例输入

3
3 3 2
…
…
…
1 1
1 3
2 2
3 3 1
…
.#.
…
1 1
3 3
2 3 1
…#
.#.
1 1
2 3

样例输出

3
3
-1
解析：明显的BFS题，注意判断夹缝不能走，以及必须按照顺序走过k个点，然后如果起点就是某一个不为第一个机关的点，直接就结束，另外点是可以重复走的记得每次清空 vis

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int maxn = 110;
//右，左，下，上，右下，左上，右上，左下
int dir[8][2] = { 0, 1, 0, -1, 1, 0, -1, 0, 1, 1, -1, -1, -1, 1, 1, -1 };
bool vis[maxn][maxn];//这个点是否访问过
char mp[maxn][maxn];//存图
int n, m, k;
int bx, by, flag;
int p[maxn][maxn];判断当前点是不是有机关
int a[maxn], b[maxn];机关的坐标
bool check(int x, int y){
	if (x<1 || y<1 || x>n || y>m || vis[x][y] || mp[x][y] == '#')
		return 1;
	return 0;
}
struct node{
	int x, y;
	int step;
};
int bfs(int bx,int by,int ex,int ey){
	queue<node>q;
	node now;
	now.x = bx, now.y = by;
	now.step = 0;
	vis[bx][by] = 1;
	q.push(now);
	while (!q.empty()){
		now = q.front();
		q.pop();
		if (now.x == ex&&now.y == ey){
			flag++;
			return now.step;
		}
		int nx, ny;
		for (int i = 0; i < 8; i++){
			nx = now.x + dir[i][0];
			ny = now.y + dir[i][1];
			if (check(nx, ny)||(p[nx][ny]&&(nx!=ex||ny!=ey))) continue;//当前点是不是能踩
			//判断夹缝
			if (i == 4 && mp[now.x + 1][now.y] == '#' && mp[now.x][now.y + 1] == '#') continue;
			else if (i == 5 && mp[now.x - 1][now.y] == '#' && mp[now.x][now.y - 1] == '#') continue;
			else if (i == 6 && mp[now.x][now.y + 1] == '#'&&mp[now.x - 1][now.y] == '#') continue;
			else if (i == 7 && mp[now.x][now.y - 1] == '#'&&mp[now.x + 1][now.y] == '#') continue;
			vis[nx][ny] = 1;
			q.push({ nx, ny, now.step + 1 });
		}
	}
	return 0;
}
int main(){
	int T;
	cin >> T;
	while (T--){
		memset(vis, 0, sizeof vis);
		memset(p, 0, sizeof p);
		memset(mp, 0, sizeof mp);
		cin >> n >> m >> k;
		for (int i = 1; i <= n; i++)
			cin >> mp[i] + 1;
		cin >> bx >> by;
		for (int i = 1; i <= k; i++){
			cin >> a[i] >> b[i];
			p[a[i]][b[i]] = 1;
		}
		int ans = 0;
		flag = 0;
		if (p[bx][by] == 1 && (a[1] != bx || b[1] != by)){//特判第一个点是不是机关，并且是不是第一个机关
			cout << "-1" << endl;
			continue;
		}
		ans+=bfs(bx, by,a[1],b[1]);
		p[a[1]][b[1]] = 0;
		memset(vis, 0, sizeof vis);
		for (int i = 1; i < k; i++){
			ans+=bfs(a[i], b[i], a[i + 1], b[i + 1]);
			memset(vis, 0, sizeof vis);//走过的点还能再走
			p[a[i]][b[i]] = 0;
		}
		if (flag==k) cout << ans << endl;//是否k格点都踩过
		else cout << "-1" << endl;
	}
	return 0;
}