校内题目T2695 桶哥的问题——吃桶

最新推荐文章于 2022-03-28 22:09:30 发布

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原文链接：http://www.cnblogs.com/lbssxz/p/10946164.html

博客围绕桶哥桶价值计算问题展开，给出题目背景、描述及输入输出格式。解题时转换公式，明确关系，采用同余枚举思路，通过双重循环求解，还介绍了利用求和公式优化计算过程，避免重复循环，最后提及代码相关。

同T2一样外校蒟蒻可能没看过：

题目描述：

题目背景

@桶哥

桶哥的桶没有送完。

题目描述

桶哥的桶没有送完，他还有n个桶。他决定把这些桶吃掉。他的每一个桶两个属性：种类 $aia_iai和美味值bib_ibi。若下标为x, y, z（下标从1开始）的三个桶满足:$

$a_x = a_z ax=az$

那么它们构成一个套餐，会产生

$(b_x - b_z) (x+z)∗(bx−bz)$

的价值。问：一共会产生多少价值？

上面那个看不清楚的下标是z

输入输出格式

输入格式：

第一行两个整数

第二行n个整数表示 $bib_ibi,$

第三行n个整数表示 $aia_iai,（下标）$

输出格式：

一行一个整数，表示一共会产生多少价值。由于这个数可能很大，你只需要输出它除以10007的余数。

如果答案是负的，请将其加上10007再对10007取余。如-1应输出10006.

正解开始：

然而_rqy大佬讲的我并没怎么听懂，所以也是一蒙一蒙的。

转换一下公式：

x+y=z-2y
z-x=3y
x,z种类相等

那么把求价值公式：

展开得：xbx+zbx-xbz-zbz(注意下标)，

也就是说，这个东西和y半毛钱关系都没有！

理一下关系：

1,z>x

2.z-x为3的倍数

3.z和x为同一种类的桶

那么考虑思路：同余枚举

一个数%3无非是余1余2余3（余0）

那么从1,2,3开始，按下标网上枚举，分3种，分别对应3个不同外循环，而内循环就是网上枚举到最后一个下标，那么别看是双重循环，但是你把枚举次数加起来，是O(n)的。

直接快了好多QWQ

那么回归正题：

内层循环干什么？

当然是利用∑来求和了

安利核心公式：

（x+z）*（b_x-b_z）=∑x*b_x+z*∑b_x-b_z*∑x-z*b_z*∑1

为什么∑的地方不同呢？？？

因为我们要对z枚举（或者x也行），这样把上一层求和的就给保存下来继续用而不是再for循环求一遍

其实用双层循环而不是三重循环来求阶乘也是一个道理

因为z<x,也就是说对于每一个z，前面从0到z-3的x都满足，都要被加进∑内部

每次只加一个而不是又来一遍for循环。。。

这个比较清楚了吧。。。。。。

上代码了。。。QWQ

#include <algorithm>
#include <cctype>
#include <cstdio>
#include <cstring>

int readInt() {//快读 
  int ans = 0, c, f = 1;
  while (!isdigit(c = getchar()))
    if (c == '-') f *= -1;
  do ans = ans * 10 + c - '0';
  while (isdigit(c = getchar()));
  return ans * f;
}

const int mod = 10007;//定义%数组 

int b[100005], a[100005];
int S[100005], Sx[100005], Sbx[100005], Sxbx[100005];//s为∑

int main() {
  int n = readInt(); /* m = */readInt();
  for(int i = 1; i <= n; i++) b[i] = readInt() % mod;
  for(int i = 1; i <= n; i++) a[i] = readInt();
  int ans = 0;
  for (int cc = 1; cc <= 3; ++cc) {
    // { cc, cc+3, cc+6 ... } 分一组
    memset(S, 0, sizeof(S));
    memset(Sx, 0, sizeof(Sx));
    memset(Sbx, 0, sizeof(Sbx));
    memset(Sxbx, 0, sizeof(Sxbx));
    for(int i = cc; i <= n; i += 3) {
      ans = (ans + i % mod * Sbx[a[i]] % mod) % mod;
      ans = (ans - b[i] * Sx[a[i]] % mod) % mod;
      ans = (ans + Sxbx[a[i]]) % mod;
      ans = (ans - S[a[i]] * b[i] % mod * (i % mod) % mod) % mod;
      S[a[i]] = (S[a[i]] + 1) % mod;
      Sx[a[i]] = (Sx[a[i]] + i) % mod;
      Sbx[a[i]] = (Sbx[a[i]] + b[i]) % mod;
      Sxbx[a[i]] = (Sxbx[a[i]] + i % mod * b[i] % mod) % mod;
    }
  }
  printf("%d", (ans + mod) % mod);
  return 0;
}