bzoj2064 分裂

最新推荐文章于 2019-07-28 20:12:00 发布

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Description

背景

和久必分，分久必和。。。

描述

中国历史上上分分和和次数非常多。。通读中国历史的 WJMZBMR 表示毫无压力。同时经常搞 OI 的他把这个变成了一个数学模型。假设中国的国土总和是不变的。每个国家都可以用他的国土面积代替，又两种可能，一种是两个国家合并为 $1$ 个，那么新国家的面积为两者之和。一种是一个国家分裂为 $2$ 个，那么 $2$ 个新国家的面积之和为原国家的面积。 WJMZBMR 现在知道了很遥远的过去中国的状态，又知道了中国现在的状态，想知道至少要几次操作（分裂和合并各算一次操作），能让中国从当时状态到达现在的状态。

Input

第一行一个数 $n_1$ ，表示当时的块数，接下来 $n_1$ 个数分别表示各块的面积。第二行一个数 $n_2$ ，表示现在的块，接下来 $n_2$ 个数分别表示各块的面积。

Output

一行一个数表示最小次数。

Sample Input

1 6
3 1 2 3

Sample Output

HINT

对于 $100\%$ 的数据， $n_1,n_2\le 10$ ，每个数 $\le 50$

Solution

这状压 dp 神题啊 $\cdots$

显然次数的上界是 $n + m - 2$ ，就是全部合并成一块后再拆开。

但如果我们能把初始状态和结束状态分别分为 $k$ 堆，两边分别对应相等，就可以用 $n+m-2\times k$ 次操作完成。于是任务变成了最大化这个 $k$ 。

然后 $\cdots $ 可意会不可言传 $\cdots$

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;

#define N 21
#define rep(i, a, b) for (int i = a; i <= b; i++)

inline int read() {
    int x = 0, flag = 1; char ch = getchar(); while (!isdigit(ch)) { if (!(ch ^ '-')) flag = -1; ch = getchar(); }
    while (isdigit(ch)) x = (x << 1) + (x << 3) + ch - '0', ch = getchar(); return x * flag;
}

int f[1 << N], sum[1 << N], n, m;

int main() {
    cin >> n; rep(i, 1, n) sum[1 << i - 1] += read();
    cin >> m; rep(i, 1, m) sum[1 << n + i - 1] -= read();
    int S = (1 << n + m) - 1;
    rep(i, 1, S) {
        int t = i & -i;
        rep(j, 1, n + m) if (i & (1 << j - 1)) f[i] = max(f[i], f[i - (1 << j - 1)]);
        if (!(sum[i] = sum[t] + sum[i - t])) f[i]++;
    }
    cout << n + m - 2 * f[S];
    return 0;
}

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