Educational Codeforces Round 20 C(math)

本文解析了CodeForces上编号为803C的问题,该题要求将给定数值拆分为若干递增数之和,并最大化这些数的公约数。通过数学分析给出了解决方案并附带实现代码。

摘要生成于 C知道 ,由 DeepSeek-R1 满血版支持, 前往体验 >

題目鏈接: http://codeforces.com/problemset/problem/803/C

 

題意: 給出兩個數n, k, 將n拆分成k個數的和,要求這k個數是嚴格遞增的,並且這k個數的gcd盡量大...

 

思路: 顯然題目的要求是求 n = a1*cnt + a2*cnt + a3*cnt..+ak*cnt 其中a1<a2<a3..<ak 並且要求cnt盡量大;

要使cnt盡量大,那麼顯然a1...ak要盡量小, 那麼可以令a1...ak=1, 2, 3, ..k, 令key=a1+a2..+ak=(1+k)*k/2;則有: n = cnt*key+y  (n不一定剛好能分下,可能多出y;

顯然有 cnt | y, 令y=cnt*z, 所以有 n=cnt*(key+z), 顯然cnt爲n滿足條件 n/cnt>=key的最大公因子, 那麼只要for一下找出cnt即可(我這裏sb了,居然一開始用二分去找cnt;

最後輸出 1*cnt, 2*cnt ...(k-1)*cnt, (n/cnt-key+k)*cnt即可...這裏的n/cnt-key爲 z;

 

代碼:

 1 #include <bits/stdc++.h>
 2 #define ll long long
 3 using namespace std;
 4 
 5 int main(void){
 6     ll n, k, key, cnt=0;
 7     cin >> n >> k;
 8     double cc=(k+1)/2.0*k;
 9     if(cc>n){
10         cout << -1 << endl;
11         return 0;
12     }
13     key=cc;
14     for(ll i=1; i*i<=n; i++){
15         if(n%i==0){
16             if(n/i>=key) cnt=max(cnt, i);
17             if(i>=key) cnt=max(cnt, n/i);
18         }
19     }
20     for(ll i=1; i<k; i++){
21         cout << i*cnt << " ";
22     }
23     cout << (n/cnt-key+k)*cnt << endl;
24     return 0;
25 }
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转载于:https://www.cnblogs.com/geloutingyu/p/6789766.html

### Codeforces Educational Round 26 比赛详情 Codeforces是一个面向全球程序员的比赛平台,其中Educational Rounds旨在帮助参与者提高算法技能并学习新技巧。对于具体的Educational Round 26而言,这类比赛通常具有如下特点: - **时间限制**:每道题目的解答需在规定时间内完成,一般为1秒。 - **内存限制**:程序运行所占用的最大内存量被限定,通常是256兆字节。 - 输入输出方式标准化,即通过标准输入读取数据并通过标准输出打印结果。 然而,关于Educational Round 26的具体题目细节并未直接提及于提供的参考资料中。为了提供更精确的信息,下面基于以往的教育轮次给出一些常见的题目类型及其解决方案思路[^1]。 ### 题目示例与解析 虽然无法确切描述Educational Round 26中的具体问题,但可以根据过往的经验推测可能涉及的问题类别以及解决这些问题的一般方法论。 #### 类型一:贪心策略的应用 考虑一个问题场景,在该场景下需要照亮一系列连续排列的对象。假设存在若干光源能够覆盖一定范围内的对象,则可以通过遍历整个序列,并利用贪心的思想决定何时放置新的光源以确保所有目标都被有效照射到。这种情况下,重要的是保持追踪当前最远可到达位置,并据此做出决策。 ```cpp #include <bits/stdc++.h> using namespace std; bool solve(vector<int>& a) { int maxReach = 0; for (size_t i = 0; i < a.size(); ++i) { if (maxReach < i && !a[i]) return false; if (a[i]) maxReach = max(maxReach, static_cast<int>(i) + a[i]); } return true; } ``` #### 类型二:栈结构处理匹配关系 另一个常见问题是涉及到成对出现元素之间的关联性判断,比如括号表达式的合法性验证。这里可以采用`<int>`类型的栈来记录左括号的位置索引;每当遇到右括号时就弹出最近一次压入栈底的那个数值作为配对依据,进而计算两者间的跨度长度累加至总数之中[^2]。 ```cpp #include <stack> long long calculateParens(const string& s) { stack<long long> positions; long long num = 0; for(long long i = 0 ; i<s.length() ;++i){ char c=s[i]; if(c=='('){ positions.push(i); }else{ if(!positions.empty()){ auto pos=positions.top(); positions.pop(); num+=i-pos; } } } return num; } ``` #### 类型三:特定模式下的枚举法 针对某些特殊条件约束下的计数类问题,如寻找符合条件的三位整数的数量。此时可通过列举所有可能性的方式逐一检验是否符合给定规则,从而统计满足要求的结果数目。例如求解形如\(abc\)形式且不含重复数字的正整数集合大小[^3]。 ```cpp vector<int> generateSpecialNumbers(int n) { vector<int> result; for (int i = 1; i <= min(n / 100, 9); ++i) for (int j = 0; j <= min((n - 100 * i) / 10, 9); ++j) for (int k = 0; k <= min(n % 10, 9); ++k) if ((100*i + 10*j + k)<=n&&!(i==0||j==0)) result.emplace_back(100*i+10*j+k); sort(begin(result), end(result)); return result; } ```
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