HDU 3788 和九度OJ 1006测试数据不一样

本文介绍了一道ZOJ题目中的字符串匹配问题,探讨了如何判断特定格式的字符串是否符合预设规则并能被标记为Accepted。通过分析字符串中'z', 'o', 'j'的排列组合,提出了相应的算法实现。

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ZOJ问题

Time Limit: 2000/1000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 32768/32768 K (Java/Others)
Total Submission(s): 2935    Accepted Submission(s): 889


Problem Description
对给定的字符串(只包含'z','o','j'三种字符),判断他是否能AC。

是否AC的规则如下:
1. zoj能AC;
2. 若字符串形式为xzojx,则也能AC,其中x可以是N个'o' 或者为空;
3. 若azbjc 能AC,则azbojac也能AC,其中a,b,c为N个'o'或者为空;
 

Input
输入包含多组测试用例,每行有一个只包含'z','o','j'三种字符的字符串,字符串长度小于等于1000;
 

Output
对于给定的字符串,如果能AC则请输出字符串“Accepted”,否则请输出“Wrong Answer”。
 

Sample Input
zoj ozojo ozoojoo oozoojoooo zooj ozojo oooozojo zojoooo
 

Sample Output
Accepted Accepted Accepted Accepted Accepted Accepted Wrong Answer Wrong Answer
 


#include<stdio.h>
#include<string.h>
char s[2001];
char s2[2001];
void check()
{
    int cnt=0;
    memset(s2,0,sizeof(s2));
    int flag1,flag2,flag3;
    flag1=flag2=flag3=-1;
    int len=strlen(s);
    if(strcmp("zoj",s)==0)
    {
        printf("Accepted\n");
        return ;
    }
    else
    {
        for(int i=0;i<len;++i)
        {
            if(s[i]!='z'&&s[i]!='o'&&s[i]!='j')
            {
                flag3=1;
                break;
            }
        }
        for(int i=0;i<len;++i)
        {
            if(s[i]=='z')
            {
                flag1=i;
                break;
            }
        }
        for(int i=len-1;i>=0;--i)
        {
            if(s[i]=='j')
            {
                flag2=i;
                break;
            }
        }
        if(flag1>flag2||flag1==-1||flag2==-1||flag3==1)
        {
            printf("Wrong Answer\n");
        }
        else
        {
             for(int i=flag1+1;i<flag2;i++){
                    if(s[i]=='o'){
                        cnt++;
                    }//统计z、j中间o的个数
             }
             if(cnt!=flag2-flag1-1||cnt==0){//判断z、j中间是否出现除o以外的字符;cnt=0是zoj中间没有出现o,不合法;
                 printf("Wrong Answer\n");
             }
             else{
                 //j后面的o的个数除以z前面的o的个数等于z和j之间的o的个数
                 if(flag1*cnt==len-flag2-1){
                     printf("Accepted\n");
                 }
                 else{
                     printf("Wrong Answer\n");
                 }
             }
        }
    }
}
int main(int argc, char *argv[])
{
    while(~scanf("%s",s))
    {
        check();
    }
    return 0;
}


### HDU OJ 2610 2611 题目差异对比 #### 题目背景与描述 HDU OJ 平台上的第2610题第2611题均属于算法挑战类题目,旨在测试参赛者的编程能力逻辑思维能力。然而两道题目在具体的要求、输入输出格式以及解法复杂度方面存在显著同。 对于第2610题《Bone Collector》,这是一个经典的背包问题变种案例[^1]。题目设定为收集骨头,在给定容量下最大化所获得的价值总。该问题通常通过动态规划方法求解,时间复杂度相对较低,适合初学者理解掌握基础的优化技巧。 而第2611题《Pick Apples》则涉及到更复杂的图论概念——最短路径寻找。在这个场景中,参与者扮演的角色需要在一个由节点组成的果园地图内移动来采摘苹果,并返回起点位置使得摘得果实数量最多的同时行走距离最小化。此类问题往往借助Dijkstra或Floyd-Warshall等经典算法实现高效处理方案的设计[^2]。 #### 输入输出样例分析 - **2610 Bone Collector** 输入部分提供了若干组数据集,每组包含两个整数n(物品数目)v(背包体积),随后给出各物品的具体重量wi及其对应价值vi。最终程序需输出能够装载的最大价值。 输出仅限于单个数值表示最佳解决方案下的最高得分情况。 - **2611 Pick Apples** 此处仅涉及到了边权(即两点间所需消耗的时间/路程),还增加了顶点属性(如某棵树上挂有的果子量)。因此除了常规的邻接矩阵外还需要额外记录这些特殊参数用于辅助计算过程。最后的结果应呈现一条完整的路线列表连同累计收获了多少颗水果的信息一起展示出来。 综上所述,尽管两者都围绕着资源分配展开讨论,但从实际操作层面来看却有着本质区别:前者聚焦于单一维度内的最优组合选取;后者则是多因素综合考量下的全局最优策略制定。 ```cpp // 示例代码片段 - 动态规划解决2610 Bone Collector #include <iostream> using namespace std; int main() { int n, v; cin >> n >> v; vector<int> w(n), val(n); for (auto& i : w) cin >> i; for (auto& j : val) cin >> j; // dp数组初始化... } // 示例代码片段 - 图论算法应用于2611 Pick Apples #include <queue> #define INF 0x3f3f3f3f typedef pair<int,int> PII; vector<vector<PII>> adjList(N); // 存储加权有向图 priority_queue<PII,vector<PII>,greater<PII>> pq; bool vis[N]; memset(vis,false,sizeof(vis)); while(!pq.empty()){ auto [dist,node]=pq.top(); pq.pop(); if(vis[node]) continue; ... } ```
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