prime算法--布线问题

本文探讨了一种布线问题的解决方案,通过使用Prim算法来寻找连接所有节点的最小生成树,以达到电线铺设成本最低的目标。介绍了算法的具体实现过程,并提供了一个具体的代码示例。

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布线问题

时间限制: 1000 ms  |  内存限制: 65535 KB
难度: 4
描述
南阳理工学院要进行用电线路改造,现在校长要求设计师设计出一种布线方式,该布线方式需要满足以下条件:
1、把所有的楼都供上电。
2、所用电线花费最少
输入
第一行是一个整数n表示有n组测试数据。(n<5)
每组测试数据的第一行是两个整数v,e.
v表示学校里楼的总个数(v<=500)
随后的e行里,每行有三个整数a,b,c表示a与b之间如果建铺设线路花费为c(c<=100)。(哪两栋楼间如果没有指明花费,则表示这两栋楼直接连通需要费用太大或者不可能连通)
随后的1行里,有v个整数,其中第i个数表示从第i号楼接线到外界供电设施所需要的费用。( 0<e<v*(v-1)/2 )
(楼的编号从1开始),由于安全问题,只能选择一个楼连接到外界供电设备。
数据保证至少存在一种方案满足要求。
输出
每组测试数据输出一个正整数,表示铺设满足校长要求的线路的最小花费。
样例输入
1
4 6
1 2 10
2 3 10
3 1 10
1 4 1
2 4 1
3 4 1
1 3 5 6
样例输出
4
来源
[张云聪]原创
上传者

张云聪


自己对prime算法的理解:从起始点开始,依次把图中每个节点拉进最小生成树中,始终维护树内和树外,直到图中节点全部来到树内为止。

用intree数组标记是否已经在树内,因为是每次找从树内到树外的最小边,distance数组保存的就是到当前为止能找到的从树内到树外的最小边。

以节点全在树内为循环结束条件,因为每次都是只向树内增加一个节点,故每次只需更新与此节点有关联的节点的distance数组,因为已经在树内的

其他节点的distance数组是不变的。更新完distance数组之后,再从distance数组中找出一个最小值,并记录此节点,将该节点加入最小生成树。


思路:加权图的邻接表形式用结构体存储。建图之后,prime算法每找出最小生成树中的一条边就加上去,得出结果。

注意,遍历到最后一个节点时,dist不会更新,故要判断一下是否是最后一个节点了。


#include<stdio.h>
#include<iostream>
#include<vector>
#include<string.h>

using namespace std;

typedef struct node{
	int v;
	int weight;
}node;

vector <node> g[502];
int ans, numv, nume;
bool intree[502];
void read();
void init();
void prime(int start);

int main(){
	int n, i, temp, m;
	scanf("%d", &n);
	while(n--){
		scanf("%d %d", &numv, &nume);
		ans = 0;
		init();
		read();
		temp = 65535;
		for(i = 0; i < numv; i++){
			scanf("%d", &m);
			temp = temp < m ? temp : m;
		}
		prime(1);
		printf("%d\n", ans + temp);
	}
	return 0;
}

void prime(int start){
	int i, v, w, cur, dist, distance[502];
	bool intree[502];
	
	for(i = 1; i <= numv; i++){
		distance[i] = 65535;
		intree[i] = 0;
	}

	distance[start] = 0;
	cur = start;
	
	while(!intree[cur]){
		intree[cur] = 1;
		for(i = 0; i < g[cur].size(); i++){
			v = g[cur][i].v;
			w = g[cur][i].weight;
			if(distance[v] > w && !intree[v]){
				distance[v] = w;
			}
		}
		
		dist = 65535;
		for(i = 1; i <= numv; i++){
			if(!intree[i] && dist > distance[i]){
				dist = distance[i];
				cur = i;
			}
		}
		if(dist != 65535)
			ans += dist;
	}
}

void init(){
	int i;
	for(i = 1; i <= numv; i++)
		g[i].clear();
}

void read(){
	int i, j, k, w;
	node p;
	for(i = 0; i < nume; i++){
		scanf("%d %d %d", &j, &k, &w);
		p.v = k; p.weight = w;
		g[j].push_back(p);
		p.v = j; p.weight = w;
		g[k].push_back(p);
	}
}


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