设AAA表示先手总共取的个数,SoddS_{odd}Sodd表示奇数项的数目,SevenS_{even}Seven表示偶数项的数目。
首先我们分析后手取的个数亦为AAA,即n−kn-kn−k为偶数的情况:
注意到若后手取最后一个时,Sodd,Seven>0S_{odd},S_{even}>0Sodd,Seven>0,则后手必然胜利,因为他可以根据当前情况调整取哪一个。由此,当A<MIN{Sodd,Seven}A<MIN\{S_{odd},S_{even}\}A<MIN{Sodd,Seven}时,后手必胜。更进一步,若MIN{Sodd,Seven}=SoddMIN\{S_{odd},S_{even}\}=S_{odd}MIN{Sodd,Seven}=Sodd,则后手直接取完奇数项,使得剩余项的和必然为偶数,后手必胜;
所以只需要考虑MIN{Sodd,Seven}=SevenMIN\{S_{odd},S_{even}\}=S_{even}MIN{Sodd,Seven}=Seven的情况:
设a=Soddmod  2,b=Sevenmod  2a=S_{odd}\mod 2,b=S_{even}\mod 2a=Soddmod2,b=Sevenmod2,
当a=b=0a=b=0a=b=0时,因为A≥MIN{Sodd,Seven}A\ge MIN\{S_{odd},S_{even}\}A≥MIN{Sodd,Seven},后手直接取完偶数项,剩余必然还要取偶数个奇数项,则最终结果必然为偶数,后手胜;
当a=b=1a=b=1a=b=1时,后手直接取完偶数项,剩余必然还要取奇数个奇数项,则最终结果必然为偶数,后手胜;
当a=0,b=1a=0,b=1a=0,b=1或a=1,b=0a=1,b=0a=1,b=0时,先手直接取完偶数项,则剩余必然还要取偶数个或奇数个奇数项,最终结果必然为奇数,先手胜。
n−kn-kn−k为奇数的情况用相同的方法分析即可,不再赘述。
#include<algorithm>
#include<iostream>
#include<cstring>
#include<climits>
#include<cstdio>
#include<cmath>
using namespace std;
#define clr(a) memset(a,0,sizeof(a))
//--Container
//--
typedef long long ll;
int ar[2],n,k;
bool cl(){
int i,j;if(scanf("%d %d",&n,&k)==-1)return 0;for(clr(ar),i=0;i<n;++i){
scanf("%d",&j);ar[j&1]++;
}
if(n==k)printf("%s\n",ar[1]&1?"Stannis":"Daenerys");
else{
j=(n-k)>>1;if(j<min(ar[0],ar[1]))printf("%s\n",(n-k)&1?"Stannis":"Daenerys");
else if(ar[1]<=ar[0]){
printf("%s\n","Daenerys");
}
else{
if(!((ar[0]&1)^(ar[1]&1)))printf("%s\n",(n-k)&1?"Stannis":"Daenerys");
else
printf("%s\n",(n-k)&1?"Daenerys":"Stannis");
}
}
return 1;
};
int main(){
#ifndef ONLINE_JUDGE
freopen("in.txt","r",stdin);
freopen("out.txt","w",stdout);
#endif
while(cl());
return 0;
};