shaonianguai

开始集训了，一直以来状态不是很好，CODE FORCE 跌的跟狗一样， 现在开始补题目，这道题目还不错的，题意咱就不说了，http://codeforces.com/problemset/problem/380/A题目要求的有两种操作，一个是加入单独元素，还有一个就是复制原来已经存在的元素再加进去，有点类似于栈，但是操作步骤会有很多步，所以要真用类似于栈的方法做肯定会超时的，这里询问了

这题目一开始看到了就想到了线段树或者树状数组，但是对于一个节点的所有子节点加权有所疑惑，后来看到根树这个条件，就像到了 那么1号点肯定在第一层，那么建立单向边往下搜，然后记录一下 每一个节点所在的 层，最后 两个节点 相差的 层数就知道了，就容易加权处理了，然后就开始建立数组了，后来一直爆错，后来发现 是范围有问题，这样直接建立是错的，因为不知道具体范围，数字太大了， 所以参考了一下http:

kao，WA了那么多次这题目数据是错的，两个人的血量弄错了，输入的 A的血量其实是B的，输入B的其实是A的，由于有平局现象的干扰，所以一开始先把平局包括进去 的 A赢的概率B赢的概率都算出来，然后减去以后就是平局的概率，再在已经除去平局的情况里 算一下A赢的概率，B赢得概率计算出来，这样就可以计算了，假设方程dp[i][j]代表 A赢了j次B赢了i次的概率，然后状态转移就比较简单了 ：dp

嘎嘎，今天被一些事耽误了，但是还是A了几个题目，这道题还不错题目链接：题意：两个人玩游戏，有N堆纸牌，纸牌上有数字，A每次只能取N堆中的 其中一个的顶部的 纸牌，B只能取N堆中的其中一个底部 的纸牌，A，B都想让自己取的和最大，问最后比分为多少画了一下，如果某一堆里的 纸牌数量为偶数，发现其实是两个人各分一半，因为如果对方想从这里拿走本来属于自己那半部分的 较大的牌，自

题目呃 琢磨了半天还是琢磨出来了，题意有些模糊哈，有w个白色物品，b个黑色物品，A,B轮着抽，A先开始，谁先抽到白色谁赢，若最终都没有抽到白色 则算B赢，抽出来的物品不会放回去，B抽完以后 物品还会有一个额外产生丢失，问A赢的概率为多少依旧是以目标状态为边界，当前状态到目标状态所需要的概率为 方程dp[i][j] 代表当前轮到A抽的时候，还有i个白色的j个黑色的A赢的概率为多少则当

首先要求在平面内找到一个直角三角形，两个边长分别为a,b,并且三条边都不得与二维坐标轴的 平行，且点都在整数点上，首先这个三角形若是存在的话，那么它肯定可以在这个平面上平移的，那么我们把它给移到一二象限，然后一个点固定在(0,0)点，这样另外两个点看一下 a,b,的范围，那么另外两个点无非在 一二两个象限内以(0,0)为端点的 边长为1000的正方形内，在这两个正方形内 枚举出所有符合的点，分在两

题目：CF机子真心强大啊，这样才跑了600ms，给了你n个数的序列，然后m次询问，每次询问求出序列中每个数是 区间[a,b]内的 几个素数的倍数统计一下，然后对于个数求和，看了题目下面的hint很易懂，然后看到a,b的范围有些大哈，2*10^9，不知道怎么处理，但是后来发现，序列中的数 最大为10^7，所以就算a,b,再大也无所谓的，大于序列中的最大数的部分的素数，序列中不会有任何数 是它倍数

搞了一晚上了快，各种YY乱搞啊，终于过了，一开始YY的都是错的，觉得 这道题目a,b的范围都是10^5，那就暴力枚举b被分成了几份，然后再继续YY，只用一个o去分隔x，这样最后剩下的o再集中在一起，也就是x的份数总是比o的份数多一份，也就是尽可能把x分开，尽可能把o集中在一块，前面都把x分开了，一个o分开两份x，后面还能有一大堆的o在一起，这样就满足了，然后又出错了，因为分成几份，有余数的，比如b

题目：http://codeforces.com/contest/398/problem/B有点似曾相识的感觉，记忆中上次那个跟这个相似的 我是用了 暴力搜索过掉的，今天这个肯定不行了，dp方程想了很久也没有想出来，有点无从下手的感觉，最后还是尝试了一下记忆化搜索，以dp[0][0]为边界，dp[x][y]代表当前有x行y列没有彩色的 瓷砖，搜索起来思路还是很清晰的，可惜最后那个 算期

题目：呵呵，这破题目搞了我两个小时，首先题意就有点怕怕的，n个人，具有解决bug的能力，一天只能解决一个，m个bug，bug具有一个难度，只有某个人能力大于等于这个难度才可以解决，请n个人解决一个问题，每个人都要拿钞票的，问不超过s元 的情况下 最快的解决办法输出每个bug由哪个人解决的方案先考虑了DP，发现不行，后来就觉得是贪心了，那么就跟优先队列联系上了，把bug的难度 跟人的 解

看到这题很开心啊，有印象跟以前做过的很像，貌似最近就做过一个，以时间戳为区间来建立树状数组，然后一开始我以为题意是，给x点加val，它以下的所有节点都加-val；所以一开始就以 加 和 减 建立了两个树状数组，最后 减去就是答案，写完发现跟案例对不上啊，读了题目也没发现读错了，对于那句话 我理解错了，后来看了 这个：http://blog.youkuaiyun.com/keshuai19940722/ar

题目题意：Inna喜欢Dima,所以他希望在一张n * m的 每个单元格印有'D'或者'I'或者‘M’或者‘A’ 的桌子上  尽量多的走出 某个路径 中包含DIMA 这个单词数量最多，必须从'D'开始走，并且'D'只能到'I',然后‘I’只能到'M',然后‘M’只能到‘A’，然后'A'只能到'D'，这样走，若走不出DIMA这个单词 输出 poor dima若存在环的话 输出

好久没做数论的东西了，一个获取素数的预处理跟素因子分解写错了，哭瞎了，呵呵，首先ai最大值为10^9,n为500,最坏的情况 m最大值为500个10^9相乘，肯定不能获取m了，首选每一个ai肯定是m的一个因子，然后能分解就把ai给分解素因子，这样全部的ai都分解了  就能得到m的 所有素因子 以及 所有素因子的个数，题目求的 是n个因子的 不同序列的个数，所以每次 只能选出n个因子，这n个因子

/*题目*/题意：给了n,m,然后一个包含m个数的数组nnum，数组默认从小到大排序，然后是 n个操作，输入一个数x，若x为0，把0加到这个字符串的末尾，若x为1，把1加到这个字符串的末尾，若x为-1，那么把字符串里的 下标 与 nnum数组里的元素相等的  给删除，字符串一开始是空的，问你最后字符串里有什么，若为空 就输出 POOR STACK这题目看这操作一般都很容易联想到线段

题目：做了两个多小时，脑洞大开，给了一个01矩阵，求以a,b,为左上角，c,d为右下角的矩阵内有多少包含部分全为0的子矩阵对于这道题目，一开始就想到了DP递推，感觉而已，虽然准，可是做不出啊，想好了递推式子可是细节部分没办法去处理。看了CF上的题解，顿时脑洞大开，这个做法真的是太厉害了，这方法代码简洁明了，同时也提醒到了我，在方程假设出来后，对于转移的细节处理，其实一开始我想到过这个递

通过这道题目还是学到了不少东西的，当时刚拿到这个题目的时候时间已经不多了，因为前面有个C坑到了，看了个大概，然后就往线段树和树状数组方面去想了，对于gcd的区间求一个前缀，再搞一个后缀 瞎弄弄，后来发现错了，题目求的是区间个数。。。又浪费了一段时间，然后回头再看看，大致就想到了暴力枚举，n是10^5，大不了离线先暴力的高出答案，想到一般发现  若假定一个询问输入的数 为  X,那么另一个 能够 y

1000 * 1000的图，交点就一个，而且如何相交于一点 画一画就会发现就两种情况，所以首先想到的是可以暴力枚举交点，然后由交点往前推，相交过后两个人继续朝自己目的地前进，所以可以先 暴力枚举  并 递推出每一个点 到这个图的 四个顶点的 最大值，然后根据相交的两种情况取最优的一个即可int mp[1000 + 55][1000 + 55];int dp1[1000 + 55][

看看type = 2的操作，对于区间[l,r]内的元素对x取模，由于取模肯定不能和取模，所以只能每个元素取模，看上去不是区间更新，但是仔细一看，若区间[l,r]内所有的元素都小于x,那么这一区间不需要管，所以还是存在区间整段操作，所以需要lazy,这里也算是一个剪枝了，剩下的就是type = 3的 单点更新，还有type = 1的区间求和，整体操作不难int n,m;ll nnum

看着题意：[1,i]中等于a[i]的个数要大于[,jn]中等于a[j]的个数 且iint n;int aa[1000000 + 55];int bb[1000000 + 55];int c[1000000 + 55];map mp;ll lowbit(ll x) { return x&(-x);}void add(int i,int val) { while

题目：http://codeforces.com/contest/441/problem/D   对于这道题目，也只能用 长知识 来安慰自己了，数学知识面有点狭窄，一开始在往逆序数方面想，发现不行，后来又强行模拟去搞，发现有漏的情况，后来看了 巨巨博客发现了新知识推荐题解：http://www.cnblogs.com/xiaohongmao/p/3777794.html

题目：http://codeforces.com/contest/439/problem/D是个不错的题目，首先多画几个不难发现，若要满足题目条件有可能 a数组的最小值要不断增大，也有可能b数组的最大值不断减小，一开始直接用了优先队列，发现了不对的地方，因为没一次 有两个情况 要么a加要么b减，所以不能直接来，多画几个不难发现，我们需要找到一个值 x是的 a中所有元素都大于等于x，而b

这道题目晚上本来就花了很多把都××了，着实觉得自己思路没错啊，回顾一下思路，给你n个数，分成两两组合一对，分成最多组如何分，但是组合的两个数 不能互素，所以呢 偶数肯定是好的了，所以先放着，先把素数给搞定，10^5所以枚举所有包含该素数因子的数，如果刚好分组则最好，不然的话其中有偶数的踢掉一个给下面的偶数处理部分，最后再处理偶数的部分，这样肯定满足组数最多，完全没有问题，后来方法确实是没问题啊，只

数学型的题目吧，一开始太过于想去构造，发现不行，现在一直忙着补题，终于补到了这道，特意去看了后面很大的案例，发现了后面全是1，想想应该是数学思维型题目，对于1肯定要特殊处理，而且 在K超过 100000的情况下肯定全为1，因为每一次 k从0开始 k若比原来大1的话，肯定答案中会比原来多一个1，所以10^5那肯定就有10^5个1 了，若k为0肯定就是n本身了，剩下的部分 对于一开始就把n给分解，当然

http://codeforces.com/contest/442/problem/C题意很easy，基本上肯定有坑坑洼洼的样子，看题目案例，从第三个跟第二个没有凹的案例来看的话，多写几个以及多画画过程稍微推一下就会发现，除了最大的两个数以外都可以得到，然后就是凹的情况了，凹的情况肯定是唯一的，把中间的数除去得到一个值，但是凹凸有结合该怎么办，猜一把先把凹的单独一个个给解决了，产生没有凹的序列

题意很简单，求不是那么好求的，k很大 要操作很多次，所以不可能直接来的，印象中解决操作比较多无非线段树 循环节 矩阵 组合数等等吧，这道题目 也就只能多画画什么 的了 就以第一个案例为主吧 ，3 1 2 3k我们依据画的次数来自己定好了下面的每个数表示这个位置的 数由最初的 数组num[]中多少个数加起来得到的当k为0的时候呢，就是1 1 1k为1的时候呢1 2

http://codeforces.com/problemset/problem/414/B题目挺不错的，留个纪念，活动脑筋不错的题目#include#include#include#include#include#include#include#include#include#include#include#include#include#de

坑！神坑！深坑！，WA了几十把，最终答案  (ans * 2)/(n * 1.0 * (n - 1)) 要是写成(ans * 2)/(n *(n - 1)*1.0)就是WA，不明白为啥，愤怒的我 全改成double就可以了，若前面变量用了int的 答案必须是前一种写法，题目不是特别难，没啥思路画一画就有思路了，10^5的n去扫肯定是要超时的，那就想想一次性的10^5,发想通过m是可以的，建边，

补题咯，最近好多题要补啊，各种比赛被虐，来不及补题了都，这题 是长记性的题目，不算难吧，比较灵活考基本功的，看题目每次大家都具有的可以先去掉，然后分段一层一层的处理，这个贪心思想画一画就能够发现了，接下来就是怎么应用了，直接用深搜递归就可以了，当时写错了，还是漏了一些，现在补题才发现，长记性咯http://codeforces.com/contest/448/problem/C

很灵活的题目，题意简单，看到又是钱币问题，类似于那种给了一定数目T，有n种钱币，每种的价值，让你组合成总价值为T的方案数，但是加了一些限制条件，那就是某些种类钱币数量必须大于另一些种类的，加了个限制条件 我就脑残了，唉智商看来是真不够啊 ，后来看了别人的分析倘若种类a的钱币数量必须要大于种类b的数量，那么如果我要 去 m张b种类的钱币，其实同时也是相当于已经取了m张a种类的，因为a必须大于b的

参考了  http://blog.youkuaiyun.com/keshuai19940722/article/details/24723417  他的开头的一点小分析，当然还有题意啦，难得看到CF的题目有点长，看了好久加YY才弄出题意，但是还是没有推出来状态转移方程，因为题目说向开头移动，我倒着推没有推出来，于是 正着尝试了一把 记忆化搜索，一路搜索过来遇到的只有0，2，4而已，扫到当前一格 还得考虑当

看了这位博主的经历http://blog.youkuaiyun.com/lenleaves/article/details/7972224感觉有些差不多，因为CF比赛状压被虐 所以开始刷刷题，从最简单的开始复习吧，细节处理很差，唉DP方程跟一般的有些不一样，dp[i][j]表示在状态i的情况下 到第j行的摆放有多少种，然后总数就是 dp[i][n - 1]求和，以第一行为边界往下推，第一行

挺有意思的一道题目，一开始发现了循环节，做了一下，发现许多小地方要补，比较繁琐，做了几个小时的无用功吧，但是循环节肯定可以只是我写搓了，后来又推了公式，发现可以的首先当b=x的时候，这个时候只有c--，但是答案要求的 是多少次，在b=x，所以第二部分对答案有影响，但是 设方程的话 就不需要多设一个未知数，因为 第一部分肯定 是要进行(c - a)次才行推一下b第一步: b1 =

对这道题目也只好说呵呵了，没注意k的范围最大才10，所以昨晚纠结了很久，没什么好的方法来处理，后来无奈想去翻翻题解，发现人家开头就来了句，因为k的范围比较小 所以.........我只好暂停马上回头看看题目，是的，k比较小所以完全可以先在询问前预处理DP一遍，DP就比较清晰了，dp[i][j]  （i>=0 && i=i && j int n,k,w;char s[100000

题意读了半年，英语太渣，题意是摆两个棋子在棋盘上作为起点，但是起点不能在#上，然后按照图的指示开始走， 右 ^上 v下，走的时候只能按照图的指示走，如果前方是 #的话，可以走进去，但是 走进去之后便不能再走了，走的途中两个棋子不能相碰，但是最终都走到同一个#里是没事的，并且若是能走 无限步的话 输出 -1， 例如  > 一开始被输出-1给困住了，因为除了 .> <这样以外  还可以刚

有点郁闷的题目，给了2000ms，但是n,m的范围已经是5000了，5000 * 5000一般在别的OJ已经是超了2000ms,一开始不敢敲，看了下别人有n*m的潜逃循环，原来CF的机子如此的强大，一开始题意没看清错了，原来任意行可以交换，列不行那就先dp出 每一行的 每一个位置包括它本身以及前面的连续出现1的长度，然后再对列进行处理，因为列是不能变的，所以对应列是固定的，那么就对列枚举，然后

看题目的Hint 图形就知道题意了，对着图形，稍微观察一下就会发现，每一层需要的卡牌数目为 2 * n + (n - 1)个，然后大致就有个思路，暴力枚举，但是仅仅这样没法子枚举，这个公式 只代表其中一层，不可能对每一层都枚举吧，可以化简一下  公式就是 3 * n - 1，这样就会发现 每次差1就是3的倍数了，然后每一层都差1，如果有i层的话，那么其实就是差了i，这样就很容易想到了，假设共有卡牌