JmingS

比赛时，没有想到用dp可以解决，jie'f

//  [7/21/2014 Sjm]/*此题直接根据01背包的求解思路，记录路径，再递归输出。。1A。。注：对于最后一个测试用例 43 2 也是满足题目要求的，输出它也是对的。*/#include #include #include #include #include using namespace std;const int MAX_NUM = 25;const i

//  [7/21/2014 Sjm]/*题目关键：Given a bag with a maximum of 100 coins, determine the most fair division between two persons.This means that the difference between the amount each person obtains should

//  [7/21/2014 Sjm]/*题意：maximize the sum of TS and TF, but both of these values to be non-negative. 解决思路：以 TS 作为体积，TF作为价值，在保证体积、价值非负的情况下，求解 sum，取其所有情况的最大值。 难点：1）体积出现负数，将区间改变 [-100000, 100000] 

//  [7/21/2014 Sjm]/*此题我想的思路错了，情况考虑漏了。。。 解法是由 求前一个的最大价值-->求前K个的最大价值 的转化。 求前一个最大价值： dp[i][j] = max(dp[i-1][j], dp[i-1][j-C[i]] + W[i])求前K个的最大价值 同样，dp[i][j]的前 k 个最大价值，是依赖于 dp[i-1][j] 的前 k 

//  [7/24/2014 Sjm]/*模拟一组测试数据：2 105 10 53 5 61）若先选择第一组先来：背包所用容量： 0  1  2  3  4  5  6  7  8  9  10  第一遍循环： 0  0  0  0  0  0  0  0  0  0  5  第二遍循环： 0  0  0  0  0  6  6  6  6  6  62）若先选择第二组先来：

//  [8/1/2014 Sjm]/*经典问题。。。*/#include #include #include using namespace std;const int MAX_K = 10005;int arr[MAX_K];int main(){ freopen("input.txt", "r", stdin); freopen("output.txt", "w

//  [7/12/2014 Sjm] /*题目：By the given number n determine the number of its possible different decompositions into Fibonacci sum. 前提：1） F[86] 是 >=10^18 的最大菲波那切数;2）（由菲波那切数列的构造式决定，举几个例子就可以知道了）假

/*题意：T组测试数据，每组给出 n 和 m，n代表商品数目，m是所拥有的钱，然后给出 n 个商品价格，求出可以买的最多商品种类数，以及对应的方案数 思路：对于此题，第一个想法便是以价格作为费用，件数1作为价值，01背包即可求出花费 m 所能获得的商品的最大件数 dp[m]。不过，又要求其方案数，自己试着敲了一下代码WA，后来参考了此篇博客AC掉了。。。需要建立一个数组 selec

//  [9/19/2014 Sjm]/*dis[j][k] := 从 j 点到 k 点的最少步数，由于They can travel in all 8 adjacent direction in one step.故而 dis[j][k] = max( abs(Xj - Xk), abs(Yj - Yk) ) f[j][i] := 在 i 状态下，最后收集坚果 j 的最少步数 n 

/*看到此题时，第一个想法是：以P作为体积，Pj作为费用，Mj作为价值。但是，double类型的不能作为数组下标，于是此法行不通。于是，从另一角度考虑：被抓的概率不能超过上限，即不被抓的概率要大于下限（下限 = 1 - 被抓概率的上限）。以总的银行金额作为体积，每一个银行金额作为费用，不被抓的概率作为价值。即 dp[i][j] := 抢劫了前 i 个银行，所获金

//  [7/16/2014 Sjm]/*自己没想到将5元单独提出来，，结果一致wa。。。01背包变形：目标：尽量使卡上的余额最少，也就是说尽可能让花销最大。 分析：购买菜时，只可能出现三种情况 ：1）M 2）饭卡金额M >= 所有菜的价格总和sum： 答案即 M-sum；3）饭卡金额M    5元是可以买最贵的菜的最小花费，再尽可能的花去（M-5）元。 a.5元直接提

01背包模板题。。。#include #include #include #include #include using namespace std;const int MAX = 3410, max_w = 12885;int N, M;int W[MAX], D[MAX], dp[max_w];int Solve() { memset(dp, 0, sizeof(dp

题目地址：http://www.spoj.com/problems/SCUBADIV/为更好的解决这个题目，首先应对二维01背包有一定了解，推荐题目： hdu 2602 （友情提醒：界面有点小恐怖，但是一道二维01背包入门题）/*定义： dp[i][j][k] := 取前 i 个物品， 所能获得氧气体积（至少）为 j, 氮气（至少）体积为 k, 所需的最小重量（1）初始化条件： d

之前敲了一个 “旅行商问题”

//  [3/21/2014 Sjm]/*解法分析：依次列出 N=1, 2, 3, 4, 5, 6, 7, 寻找规律：(1) 若 n 为奇数：dp[n] = dp[n - 1] （第一个数必是1， 将第一个数去掉， 其所剩个数 即 dp[n-1]）(2) 若 n 为偶数： 1) 第一个数字为1，将第一个数去掉， 其所剩个数 即 dp[n-1] 2）第一个数为偶数， 将2提出去，即可得

dp[i] = max(dp[i], myNode[i].myvalue + dp[j]);// 条件是： myNode[j].myend + R

//  [4/4/2014 Sjm]/*状态： dp[i][j] := 从 i 位置到 j 位置构成回文串，所需要的最小开销决策:1) 若 str[i] == str[j], 则此时可获得 dp[i][j] 的一种情况，即 dp[i][j] = dp[i+1][j-1] 2）若 str[i] ！= str[j] 或 str[i] == str[j] 皆可能有以下操作： 1、可删除 st

对 “刘汝佳黑书113页 例题1括号匹配 ”学习总结。目标：AC poj 3280刘汝佳黑书113页 例题1括号匹配：

//  [4/4/2014 Sjm]/*状态： dp[i][j] := 从位置 i 到位置 j, 最长规则串的长度决策：1) 若 str[i] == '(' && str[j] == ')',则 dp[i][j] = max(dp[i][j], dp[i + 1][j - 1] + 2);（S） = S最长的规则串的长度 + 22）若 j-i >= 1, 则：for (int k =

//  [3/24/2014 Sjm]/*先模拟一下测试用例：时间   掉苹果的那棵树  对应时间下在跑了 w 次的情况下获得苹果的最大值 w  =  0(在1处)   1(在2处)    2(在1处)     Bessie 在哪里，就说明哪里的苹果可接  1        2                 0             1           0

DP简单题。。。

//  [9/11/2014 Sjm]/*hdu 1074 （状态压缩）dp[i]: 表示在 i 状态时的最优解 （i状态： i数值用二进制表示， 若二进制数第 n 位为1，代表第 n 个课程已被计算）*/