一、题目
写一个函数,输入n,求斐波那契数列的第n项值。
斐波那契数列的定义如下:
二、解题思路
按照上述递推式,可以使用循环或递归的方式获取第n项式。
///0 ,1,1,2,3,5,8
public class Test {
/**
* 写一个函数,输入n,求斐波那契(Fibonacci) 数列的第n项
* @param n Fibonacci数的项数
* @return 第n项的结果
* 时间复杂度:O(n)
*/
public static long fibonacci(int n) {
// 当输入非正整数的时候返回0
if (n <= 0) {
return 0;
}
// 输入1或者2的时候返回1
if (n == 1 || n == 2) {
return 1;
}
// 第n-2个的Fibonacci数的值
long prePre = 1;
// 第n-1个的Fibonacci数的值
long pre = 1;
// 第n个的Fibonacci数的值
long current = 2;
// 求解第n个的Fibonacci数的值
for (int i = 3; i <= n ; i++) {
// 求第i个的Fibonacci数的值
current = prePre + pre;
// 更新记录的结果,prePre原先记录第i-2个Fibonacci数的值
// 现在记录第i-1个Fibonacci数的值
prePre = pre;
// 更新记录的结果,pre原先记录第i-1个Fibonacci数的值
// 现在记录第i个Fibonacci数的值
pre = current;
}
// 返回所求的结果
return current;
}
// 递归实现方式 0,1,1,2,3
public static int fibonacci(int n){
if (n <= 0) {
return 0;
} else if(n <= 2){
return 1;
}else{
return fibonacci(n-1) + fibonacci(n-2);
}
}
延展题目:
原文链接:https://www.cnblogs.com/yongh/p/9642411.html#_label3_1
青蛙跳台阶问题
题目1:一只青蛙一次可以跳上1级台阶,也可以跳上2级。求该青蛙跳上一个n级的台阶总共有多少种跳法。
将跳法总数记为f(n),可以知道f(1)=1,f(2)=2。当n>2时,第一次跳1级的话,还有f(n-1)种跳法;第一次跳2级的话,还有f(n-2)种跳法,所以可以推得f(n)=f(n-1)+f(n-2),即为斐波那契数列。
题目2:一只青蛙一次可以跳上1级台阶,也可以跳上2级……它也可以跳上n级。求该青蛙跳上一个n级的台阶总共有多少种跳法。
解法1:
当n=1时,f(1)=1。
当n大于1时,归纳总结可知:跳上n级台阶,第一次跳1级的话,有f(n-1)种方法;第一次跳2级的话,有f(n-2)种方法……第一次跳n-1级的话,有f(1)种方法;直接跳n级的话,有1种方法,所以可以得到如下公式:
f(n) = f(n-1)+f(n-2)+…f(1)+1 (n≥2)
f(n-1) = f(n-2)+f(n-3)+…f(1)+1 (n>2)
由上面两式相减可得,f(n)-f(n-1)=f(n-1),即f(n) = 2*f(n-1) (n>2)
最终结合f(1)和f(2),可以推得:f(n)=2^(n-1)
解法2:
假设跳到第n级总共需要k次,说明要在中间n-1级台阶中选出任意k-1个台阶,即C(n-1,k-1)种方法。
所以:跳1次就跳上n级台阶,需要C(n-1,0)种方法;跳2次需要C(n-1,1)种方法……跳n次需要C(n-1,n-1)种方法
总共需要跳C(n-1,0)+C(n-1,1)+C(n-1,2)+……C(n-1,n-1)=2^(n-1)种方法。
解法3:
除了必须到达最后一级台阶,第1级到第n-1级台阶都可以有选择的跳,也就是说对于这n-1个台阶来说,每个台阶都有跳上和不跳上2种情况,所以一共有2^(n-1)种方法。
矩形覆盖问题
题目:用n个21的小矩形无重叠地覆盖一个2n的大矩形,总共有多少种方法?
当n = 1时,有一种方法。
当n = 2时,有两种方法。
当n >= 3时,和斐波那契数列类似。第一步竖着放,有f(n-1)种方法;第一步横着放,有f(n-2)种方法。所以f(n)=f(n-1)+f(n-2)