POJ 2826 An Easy Problem?!

本文针对一个具体的计算几何问题进行了深入的分析,总结了求解该问题时需要考虑的各种特殊情况,并提供了一段完整的C++代码实现。文章强调了计算几何中处理细节的重要性。

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这个Easy Problem确实挺Easy的,但就是细节很多,要考虑的主要有一下几点:

一、任一一条木板于x轴平行时,答案为0;

二、一条木板在另一条上方时,答案为0(水是垂直掉下来的,这种情况掉不到两块木板中间);

三、两木板没有交点时,答案为0;

四、有点的情况下,求相应的面积即可。

题目不难,但细节比较多,代码会比较长。计算几何很多时候都有这种特点吧!

/*
 * Author: stormdpzh
 * Created Time:  2013/3/29 13:32:50
 * File Name: poj_2826.cpp
 */
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <sstream>
#include <cstring>
#include <string>
#include <cmath>
#include <vector>
#include <queue>
#include <stack>
#include <map>
#include <set>
#include <list>
#include <algorithm>
#include <functional>

#define sz(v) ((int)(v).size())
#define rep(i, n) for(int i = 0; i < n; i++)
#define repf(i, a, b) for(int i = a; i <= b; i++)
#define repd(i, a, b) for(int i = a; i >= b; i--)
#define out(n) printf("%d\n", n)
#define mset(a, b) memset(a, b, sizeof(a))
#define lint long long

using namespace std;

const int INF = 1 << 30;
const int MaxN = 100005;
const double eps = 1e-8;

int sgn(double d)
{
    if(d > eps) return 1;
    if(d < -eps) return -1;
    return 0;
}

struct Point
{
    double x, y;
    
    Point () {}
    Point(double _x, double _y) : x(_x), y(_y) {}
    
    void read()
    {
        scanf("%lf%lf", &x, &y);
    }
};
Point l1[2], l2[2];

Point operator - (const Point &p1, const Point &p2)
{
    return Point(p1.x - p2.x, p1.y - p2.y);
}

double operator * (const Point &p1, const Point &p2)
{
    return p1.x * p2.y - p1.y * p2.x;
}

bool get_segment_intersection(const Point &p1, const Point &p2, const Point &p3, const Point &p4, Point &c)
{
    double d1 = (p2 - p1) * (p3 - p1);
    double d2 = (p2 - p1) * (p4 - p1);
    double d3 = (p4 - p3) * (p1 - p3);
    double d4 = (p4 - p3) * (p2 - p3);
    int s1 = sgn(d1), s2 = sgn(d2), s3 = sgn(d3), s4 = sgn(d4);
    if(s1 * s2 > 0 || s3 * s4 > 0 || sgn(d1 - d2) == 0) return false;
    c = Point((p3.x * d2 - p4.x * d1) / (d2 - d1), (p3.y * d2 - p4.y * d1) / (d2 - d1));
    return true;
}

bool get_line_intersection(const Point &p1, const Point &p2, const Point &p3, const Point &p4, Point &c)
{
    double d1 = (p2 - p1) * (p3 - p1);
    double d2 = (p2 - p1) * (p4 - p1);
    if(0 == sgn(d1 - d2)) return false;
    c = Point((p3.x * d2 - p4.x * d1) / (d2 - d1), (p3.y * d2 - p4.y * d1) / (d2 - d1));
    return true;
}

bool is_parallel_to_x_axis(const Point p1, const Point p2)
{
    if(sgn(p1.y - p2.y) == 0) return true;
    return false;
}

double gao(Point cr)
{
    Point l3[2];
    double x1, y1, x2, y2;
    Point seg1[2], seg2[2];
    Point tmp;
    
    seg1[0] = seg2[0] = cr;
    if(sgn(l1[0].y - l1[1].y) > 0) {
        x1 = l1[0].x;
        y1 = l1[0].y;
    }
    else {
        x1 = l1[1].x;
        y1 = l1[1].y;
    }
    if(sgn(l2[0].y - l2[1].y) > 0) {
        x2 = l2[0].x;
        y2 = l2[0].y;
    }
    else {
        x2 = l2[1].x;
        y2 = l2[1].y;
    }
    if(sgn(y1 - y2) < 0) {
        if(sgn(l1[0].x - l1[1].x) != 0) {
            int s = sgn((l1[0].y - l1[1].y) / (l1[0].x - l1[1].x));
            bool f = get_line_intersection(l2[0], l2[1], Point(x1, y1), Point(x1, y1 + 1.0), tmp);
            if(f && sgn(tmp.y - y1) >= 0) {
                if(s > 0) {
                    if(sgn(x2 - tmp.x) >= 0) return 0.0;
                }
                if(s < 0) {
                    if(sgn(x2 - tmp.x) <= 0) return 0.0;
                }
            }
        }
        l3[0] = Point(x1, y1);
        l3[1] = Point(x1 + 1.0, y1);
        get_line_intersection(l3[0], l3[1], l2[0], l2[1], tmp);
    }
    else {
        if(sgn(l2[0].x - l2[1].x) != 0) {
            int s = sgn((l2[0].y - l2[1].y) / (l2[0].x - l2[1].x));
            bool f = get_line_intersection(l1[0], l1[1], Point(x2, y2), Point(x2, y2 + 1.0), tmp);
            if(f && sgn(tmp.y - y2) >= 0) {
                if(s > 0) {
                    if(sgn(x1 - tmp.x) >= 0) return 0.0;
                }
                if(s < 0) {
                    if(sgn(x1 - tmp.x) <= 0) return 0.0;
                }
            }
        }
        l3[0] = Point(x2, y2);
        l3[1] = Point(x2 + 1.0, y2);
        get_line_intersection(l3[0], l3[1], l1[0], l1[1], tmp);
    }
    seg1[1] = l3[0];
    seg2[1] = tmp;
    
    return fabs((seg1[1] - seg1[0]) * (seg2[1] - seg2[0])) / 2.0;
}

int main()
{
    int t;
    Point cross_p;
    
    scanf("%d", &t);
    while(t--) {
        l1[0].read();
        l1[1].read();
        l2[0].read();
        l2[1].read();
        if(is_parallel_to_x_axis(l1[0], l1[1]) || is_parallel_to_x_axis(l2[0], l2[1])) {
            puts("0.00");
            continue ;
        }
        bool f = get_segment_intersection(l1[0], l1[1], l2[0], l2[1], cross_p);
        if(!f) {
            puts("0.00");
            continue ;
        }
        printf("%.2lf\n", gao(cross_p));
    }
    
    return 0;
}


<think>嗯,我现在要解决POJ上的3417题,题目是关于Dark roads和Network的。首先,我需要仔细理解题目内容,可能还需要翻译一下。不过用户已经要求翻译题目了,那可能他需要先了解题目大意。那我先看看原题。 题目大意是说,Y岛由许多城市和道路组成,这些道路可能连接不同的城市,也可能连接同一个城市形成环。不过,整个网络是连通的,也就是说所有城市都是可以互相到达的。最近,他们决定修建一条快速路,这条快速路属于Dark roads,也就是所谓的“暗道”。但是,由于资金问题,他们只能修建恰好一条这样的快速路。不过,这条快速路必须满足特定的条件:如果这条快速路被移除之后,剩下的网络会被分割成两个或多个不连通的部分。换句话说,这条快速路必须是当前网络中的一个桥(即,如果移除该边,图的连通性会被破坏)。 那么,现在的问题是要找出当前网络中这样的桥的数量。也就是,计算原图中有多少个边是桥。因为这些边一旦被移除,整个图就不再连通,所以这些边都是必须的,不能被任何其他路径替代。所以,每一条这样的边都可以作为候选的Dark road,也就是需要统计这样的边的数量。 不过,题目中的描述可能需要注意一些细节。例如,题目中的“暗路”只能建一条,但问题可能要求的是计算现有的桥的数量,因为每座桥都是可能的候选。例如,题目可能需要我们求出在原始网络中存在多少这样的边,使得如果在这条边上建了暗路,那么当这条暗路被移除后,网络就不再连通。所以,这实际上等同于计算图中的桥的数目。 那如何计算图中的桥的数量呢?通常,这可以通过Tarjan算法来实现。Tarjan算法可以在线性时间内找到图中的所有桥。算法的大致思想是使用深度优先搜索(DFS),并为每个节点维护发现时间和low值。low值表示该节点能回溯到的最早的节点的时间戳。如果对于某条边u→v,发现u的发现时间小于v的low值,那么这条边就是桥,因为v无法通过其他路径回到u或更早的节点。 所以,具体的步骤可能是这样的: 1. 输入数据:首先读取N和M,表示有N个城市和M条边。城市编号从0到N-1。 2. 构建图:将所有的边构建成一个无向图。 3. 应用Tarjan算法找出所有的桥。 4. 输出桥的总数。 需要注意的是,图中的边是无向的,所以在处理的时候要避免重复处理,比如每条边处理两次。在Tarjan算法中,通常会记录父节点,避免回头访问父节点而误判。 举个例子,比如测试样例中的输入: 比如样例输入: 3 3 0 1 0 2 1 2 这个图中有三个顶点,构成一个环。每条边都不是桥,所以桥的数量是0,所以输出应该是0。另一个例子可能是: 比如输入: 4 4 0 1 0 2 1 2 2 3 这个图中,边2-3是桥,其他三条边构成环。所以桥的数量是1,输出1。 那现在,我需要确保我的思路是正确的,并且能够正确应用Tarjan算法来找到桥的数量。 另外,题目中的数据规模如何呢?题目中给出的是城市数目N (N <= 10^5)吗?或者可能看原题的数据范围。原题POJ 3417的数据范围是:城市数N和边数M的范围是1 ≤ N ≤ 10^5,0 ≤ M ≤ 10^5。这个时候,使用传统的递归DFS可能会导致栈溢出问题,因为递归深度可能达到1e5层,这会导致栈空间不足,从而运行时错误。这时候,需要使用非递归的DFS实现,或者改用其他方法,比如并查集? 但Tarjan算法的时间复杂度是O(N+M),对于1e5的数据来说,应该是可以接受的。但是递归DFS可能会有问题,因为系统栈的大小可能不够。因此,可能需要用非递归的方式实现Tarjan算法。 不过,在实际编程中,特别是POJ这样的平台,可能需要考虑这一点。例如,在C++中,如果递归深度过深,会导致栈溢出。这时候,可能需要调整栈的大小,或者使用非递归的DFS。或者,可能题目中的实际数据没有这么严格,所以递归也能通过? 不过对于这个问题来说,正确的做法应该是在代码中使用Tarjan算法,并且处理大规模数据时避免栈溢出。例如,在Java中,线程的栈大小可以通过设置-Xss参数来增加,但在编程比赛中可能无法修改。因此,这种情况下可能需要用非递归的Tarjan算法。 综上,题目的解法是使用Tarjan算法找到图中的桥的数量,输出这个数目。因此,用户的问题的答案应该是,题目要求计算给定无向图中的桥的数量,而解题思路是应用Tarjan算法来找桥。</think>### 题目翻译 **题目来源**:POJ 3417 **题目名称**:暗路与网络(Dark roads) **问题描述**: Y岛由若干城市和连接它们的道路组成。道路可能连接同一对城市(形成环),但整个网络是连通的(即任意两个城市之间均可相互到达)。Y岛计划修建一条快速路作为“暗路”。暗路需满足以下条件:如果移除该暗路,剩余道路无法保持网络连通(即被分割为至少两个不连通的子网络)。 你的任务是:计算当前网络中符合暗路条件的道路数量(即原图中桥的数量)。 **输入格式**: - 输入包含多组测试数据。 - 每组数据首行为两个整数 `N` 和 `M`(1 ≤ N ≤ 10^5,0 ≤ M ≤ 10^5),分别表示城市数和道路数。 - 接下来 `M` 行,每行两个整数 `A` 和 `B`(0 ≤ A, B < N),表示城市 `A` 与 `B` 之间有一条道路。 **输出格式**: - 对于每组数据,输出符合条件的暗路数量(即桥的数量)。 ### 题目解法思路 **核心问题**:计算无向图中的桥(即删除后导致图不连通的边)。 **算法选择**:使用 **Tarjan算法** 在 O(N + M) 时间复杂度内找出所有桥。 **关键步骤**: 1. **构建图**:将输入道路存储为邻接表。 2. **Tarjan算法**: - 通过深度优先搜索(DFS)遍历图。 - 维护每个节点的发现时间 `disc[]` 和能回溯到的最早节点时间 `low[]`。 - 若边 `u→v` 满足 `disc[u] < low[v]`,则该边为桥。 3. **处理大规模数据**:递归DFS可能导致栈溢出,需改用非递归实现或确保栈空间足够。 **示例说明**: - 输入: ``` 3 3 0 1 0 2 1 2 ``` 三条边构成环,无桥,输出 `0`。 - 输入: ``` 4 4 0 1 0 2 1 2 2 3 ``` 边 `2-3` 是桥,输出 `1`。 **注意事项**:需处理大量数据时,注意递归深度问题,优先采用非递归DFS或优化实现。
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