稻草人

题意：给定一个由n个整数组成的整数序列，可以滚动，滚动的意思就是前面k个数放到序列末尾去。问有几种滚动方法使得前面任意个数的和>=0.思路：先根据原来的数列求sum数组，找到最低点，然后再以最低点为始点，求解题目答案，（每求解一始点i，符合要求的条件为：sum[i]>=minx,[minx是i=sum[i]）代码如下：#include #include #include

摘自题解：若没有边权，则对点权从大到小排序即可。。考虑边，将边权拆成两半加到它所关联的两个点的点权中即可。。。因为当两个人分别选择不同的点时，这一权值将互相抵消。代码如下：#include #include #include #define LL long long#define INF 0x7fffffff#define M 100010using name

题意：TheBeet正在参加一场越野车大赛。比赛的场地如右图：　　共分三块，每一块地面的长宽均为N与M，但地表情况不同，越野车在这段路面上的最高速度也不同。　　蓝色线表示TheBeet可能的行车路线。　　比赛的要求是要求选手从比赛的场地左上角驾车至右下角。TheBeet想知道如果他在所有路段都以最快速度行驶（不考虑加速阶段），最快能在多少时间内完成比赛。把 横向的边放到

比赛时水过的，现在贴一下正规做法。#include #include #include #include #include #include #include #include #include #include #define LL long long#define LLU unsigned long long#define INF 0x7fffffff

A     SPOJ ORDERS    http://www.spoj.com/problems/ORDERS/B     SPOJ DIV15      【已整理】C     SPOJ PARTPALI      【已整理】D     SPOJ TAUT            http://www.spoj.com/problems/TAUT/E     SPOJ WMELON

AURAL 1108【已整理】BURAL 1123【已整理】CURAL 1158D URAL 1160 【已整理】EURAL 1105

题意：给定一个关系树，a和b之间传递信息，问需要经过多长时间，其中每个人只能想编号临近的人传递信息，有上下关系的两人传递信息不花时间。思路；这个题的题意很不好理解，我在比赛中只能看出这道题是找规律的题目，但是由于题意没有理解清楚，代码交上一直wa。。后来就放弃了。。。两个没有上下关系的人中间隔了几个人，就得花费几天的时间。这里的间隔是指沿树的路径走上去经过的人数。例如从7到8 就经过了

AURAL 1097 BURAL 1066 【已整理】CURAL 1069 【已整理】DURAL 1169 EURAL 1117 【已整理】

比赛的时候明明知道是二分，却没有写出来。。。用二分法的特征：单调用三分法的特征：只有一个凸点开始的时候我还想对最后一个节点二分，其实没这个必要，因为我有个同学对这道题目推了大半张纸，最后的推出来的式子还是跟第二个点相关，下面说一个比较巧妙的方法，二分第二个点，（这是因为第二个点的高度和最后一个点的高度是正相关的，第二个点的高度如果跟第一个点相同，则第三，四个点的高度会依次增加，如果

摘自题解： 题意转化一下就是：给出一列数a[1]...a[n]，求长度最长的一段连续的数，使得这些数的和能被M整除。分析：设这列数前i项和为s[i],则一段连续的数的和 a[i]+a[i+1]+...+a[j-1]+a[j]=s[j]-s[i-1]，所以这段连续的数的和能被m整除的条件就是 (s[j]-s[i-1]) % m == 0，即 s[j]%m-s[

定理详见维基百科。。。。http://zh.wikipedia.org/wiki/%E4%BA%94%E9%82%8A%E5%BD%A2%E6%95%B8%E5%AE%9A%E7%90%86代码如下：#include #include #include #define LL long long#define INF 0x7fffffff#define MOD 1000000007

转：题意：给定一个二维平面，其中x取值为1-N，y取值为1-M，现给定K个点，问至少包括K个点中的一个的满足要求的共有多少中取值情况。也就是说K个点中至少一个点落在所给定的区间内。解法：正面求解，由于点只有1000个，因此直接暴力离散化之后的x轴坐标，对于y轴则可以通过增加一个一个加入点，使用一个set来维护纵轴有多少种不同的取法。代码如下；#include #inclu

思路来自于：http://www.cnblogs.com/wuyiqi/archive/2011/11/06/2238530.html枚举两个多边形的两个点组成的直线，判断能与几个多边形相交因为最佳的直线肯定可以经过某两个点（可以平移到顶点处），所以暴力枚举两个点就好了如果有模版的话，写代码就快多了。代码如下：#include #include #include #i

这道题是有规律的博弈题目，，，所以我们只需要找出规律来就ok了牛人用sg函数暴力找规律，菜鸟手工模拟以求规律。。。【牢骚】if(m>=2){if(nelse {first无法一口吃掉所有的，所以second成了主动的了，如果first第一口吃掉k1个，那么明智的second只要吃掉k2个就可以了（n-k1-k2是偶数，也包括0的），使得 剩下的数字是分成两个数字数目相等

这道题比赛中没做出来，赛后搞了好久才出来的，严重暴露的我薄弱的数学功底，这道题要推公式的，，，有类似于1*a+2*a^2+3*a^3+...+n*a^n的数列求和。最后画了一张纸才把最后的结果推出来。：：(x*M^x)/N.而且通过这道题我发现有些数学函数还不如直接循环来的快，例如这道题中求x的值的时候。方法一：int x = int(log(n)/log(m)+0.5);

搜索的好题，，，，摘自题解：题意；       给一个数n，求n 的最小的倍数，满足它的10进制 表示中每一位不是0就是1。思路：       用f(x)表示被n整除取模后的最小数，那么从0开始，每次往后添0或者1，如果得到的数与某个已经得到的数同余，就扔掉，不然就加入队列中继续搜。。。时间复杂度O(N).代码如下：#include #include #incl

裸的2-SAT，详见刘汝佳训练指南P-323不过此题有个特别需要注意的地方：You should promise that there is still no overlap for any two balloons after rounded.模版题，代码如下：#include #include #include #include #include #include

题目要求找到至少存在m个连续被染成红色的情况，相对应的，我们求至多有m-1个连续的被染成红色的情况数目，然后用总的数目将其减去是更容易的做法。用dp来找满足条件的情况数目，，状态：dp[i][0]和dp[i][1]分别表示第i个柱子被染成红色和蓝色的情况数目。状态转移：dp[i][0] = dp[i-1][0]+dp[i][1]-dp[i-m][1];               

给定一个树，每次删除一个编号最小的叶子节点，然后将叶子节点的父亲节点输出，要求根据该序列还原这棵树。思路：找度为0的点，（这样的点不会成为父亲节点，只能是叶子节点）放到优先队列中，模拟删除点的过程即可。（没删除一个点，就对应序列中的一个父亲节点）代码如下：#include #include #include #include using namespace std;#defi

1、离散+暴力的方法是最容易想到的。思路:点坐标10^7的范围，使得最容易的暴力无法实现。但坐标的个数最多有2*n个，（n=40000），这样看的话，点的分布就过于分散了，所有我们要找个方法来把点坐标集中起来。而离散化就是能很好的实现这个思路，离散化了以后，n是10^4的规模，那么我们再次使用暴力的话，就能擦边的过掉这道题了。代码如下：#include #include #incl

A        SPOJ RENT   【已整理】B        SPOJ HAN01   【已整理】C        SPOJ BALL1          http://www.spoj.com/problems/BALL1/D        SPOJ POSTERS     http://www.spoj.com/problems/POSTERS/E

比赛中没作出来的大水题~~题意：给定一个数字，查找大于等于该数字的最小的回文数字。思路：在纸上画画，就知道规律了，回文串以前面不变为原则，这样才能保证最接近原数字的。例如123111要变成123321，但如果123456这样的该怎么办呢。第一步也是变成123321，但是我们发现这样反而变小了，这是因为对应的数位上前面的数字比后面的数字小，这样我们应该从最中间

题意：给定一个乱序的排列，要求重排成1~n的顺序，且调换方式为：每次只能两个数字对换，每轮可以对换任意多次，但每轮中每个数字只能对换一次，问需要几轮才能达到最终要求。思路：找出所有的循环节，若循环节长度为1，则不需要交换若循环节长度为2，很明显的一轮就可以搞定，若循环节的长度>2的话，就需要2轮了，每找出一个循环节就进行一轮的交换，（把循环节第一个和最后一个交换，第

暑假第二次个人赛A - Card Trick比赛的时候对于这个题没仔细读题就放下了，可悲啊。一摞纸牌为了按步骤掀开的牌的数字是1，2，3，4，。。。要求写出原来的顺序。用一个数组存位置，另一个数组存纸牌。每次用掉一个位置后就把数组中该数字删除，下次寻找位置的时候也不用判断位置是否用过了，此功能可以用vector完美实现。代码如下；#include #include

C - Vertex Cover是uva10859简化版题意： 找一个最小点集，使得每条边都能至少找到自己的一个端点，这道题目前膜拜了两种方法，1-贪心 2-树形DP贪心      思路：找出每个度为1的点a，找出它的唯一想相邻的节点b，则对于a和b之间的这条边而言，把b放到点集中是较优的决策。然后把点b及和b相连的边都删去，与b相邻节点的度数减1， 这样做是因为把b放到点集中

比赛中的比较裸的模版题，直接抄的模版，题意：给定几个需要链接的点以及能够利用的边，要求用这些变将所有的点都链接起来，且所用边长的最大值尽量小。思路：起初，看题意是最小生成树，但题目所给的样例，并不是最小生成树的结果，纠结半天，然后又看了几遍题目，还是不知所云，最后试着把模版敲上去，submit~~然后便ac了，后来问了才知道，这道题确实最小生成树，不过只要所用边的最大值不变

题意：给出n个点坐标和他们各自的值，求满足条件"矩形内的点值的和不小于k"的最小矩形面积。1、离散+暴力思路，先对y坐标离散化，然后确定两条平行与x轴的直线，求两条直线内满足条件的最小的矩形面积。代码如下：#include #include #include #include #include using namespace std;#define M 1005

题意：给一个数字字符串，要求给出能被15整除的最大的数。思路：15是3和5的倍数，那么能够被15整除的的数，肯定也是3和5共同的整倍数。而3和5的倍数，有很有特点，3的倍数要求每位上的数字之和是3的整倍数，而5的倍数要求个位数上是0或者5.综合其特点，我们就可以找到思路了。。。如果数字中有即没有0有没有5的话，则该数字不符合条件，如果每位上的数字之和sum能被3整除，则该数字在

恶心的大数运算，，，比赛的时候，如果没有模版，一般置后的题目了，，，，题意:要求a,b,c,.....使得1-1/a-1/b-1/c-1/d.......的结果最小。。。代码如下：#include #include #define MOD 100000000long long ans[100000], last[100000], temp[100000];int ans

题意：给定一个串，每次可以删除一个回文子串，问把全串删干净的最少次数。思路：用状态压缩把所有的状态枚举出来，用数组记录所表示状态所有字符被删除干净的最少次数。状态：dp[x]表示在状态x下把所有字符删除的最少次数。状态压缩：dp[x] = min{dp[x], dp[k]}(k是x的子集)这样的dp的边界不再是dp[0]或dp[n]了。而是对每个状态都要设定原始值，如果某个

今天比赛的一道题目，有位同学写的代码比我写的好多了，而且有点贪心的意思，所以就贴了上来，用sum来存前面的正和，如果sum这是因为前面的和小于0的话，对后面的最大连续和，做不了贡献，反而会拖了后腿。如果现在的sum比max要大的话，则更新答案，代码如下：#include #define M 100005#define INF 0x7fffffffint main (){

快被这道题搞死了。又是题意理解有误题意：有n个订单，每个订单有开始时间，占用时间，愿意支付的money3个参数，要求在这n个订单中选择不冲突的的订单使得money总和最大。思路：对订单的开始时间或者结束时间排序，然后用动归求最优解，如果对开始时间从小到大排序，则动归顺序应从后向前，如果对结束时间从小到大排序，则动归顺序应该从前向后。对于每个订单决策就是选择or丢去状态：dp[i

题意：给一挪动次数，要求写出此时的汉诺塔上的状态.思路：汉诺塔的典型利用，用递归实现即可。代码入下：#include #define M 64long long n, k;int ai, bi, ci, a[M], b[M], c[M];void f(int i, int x){ if(i==1) a[ai++] = x; if(i==2) b[bi++] =

题意：把n个求分给k个颜色，思路：转化一下，将球的n-1个空隙插上隔板，那么答案就是c(n-1,k-1);代码如下：#include long long c(int n, int k){ if(n-k<k) k = n-k; double ans = 1; for(int i = 1; i <= k; i++) ans*=1.0*(n-i+1)/i;

水题一道，就是题目描述太坑了。。。题意：对于每个序号为k*n+1的位置，若此位置前面三个字母是相同的，则答案加1.代码如下：#include char str[4000005];int main (){ int n; scanf("%d",&n); getchar(); gets(str); int ans = 0; for(int

这道题好多种做法，，，1、联通图。    由于题目特点，这道题可以转化为求图的改图的子联通图，每个包含x个点的联通图都可以最多得到不重叠的x/2个牌。注意这句话：很重要的（It's guaranteed the dominoes in the same direction are not overlapped, but horizontal and vertical dominoes

多校联赛第二场1008结题报告上竟然给的是乱搞二字。题意：从矩阵中找最大的正方形子矩阵使得每行每列的数字是符合回文。输出最大的边长。1、动归  状态；dp[i][j][k]表示以（I，j）为左上角坐标点且边长为k的子矩阵是否符合回文。状态转移：dp[i][j][k] = 1 (如果dp[i-1][j-1][k-2]==1&&外围的四条边上的数字符合回文， 否则dp[i][j][

A     Card Trick  已整理B     The Easiest Problem     http://www.spoj.com/problems/PT07B/C      Vertex Cover   已整理D      Goods  已整理E       Matrix      http://www.spoj.com/problems/KPMATRIX/

题意：输入两个数n, k，要求出存在的所有的“长度为k的回文数并且该数能整除n”的个数，思路，k到了20位，暴力果断的超时了，，，不管我如何优化，当n = 2的时候程序要都跑好久的然后看人家代码用的数位dp，复杂度仅有k*n，所以果断的ac了。状态：dp[i][j]表示第i位数字取模n后为j的情况个数。状态转移：dp[i+1][temp] = sum{dp[i][j], tem