青竹梦

之前板刷了很多的矩阵的题目。结果心中就有了一个很错误的想法。 就是矩阵的题目都是用来高次幂运算的。 今天看了这道题目，一开始感觉是矩阵，后来看看了，感觉不是矩阵，就放弃了。 后来放学的时候，SCF跟我说这道题目是线段树+矩阵。 我就又开始想了这道题目。 后来仔细想了想发现，原来是线段树预处理矩阵，然后每次询问O（log(n)）。 又学到了一招，真棒 #include #includ

由题意可知，每一个点最多可以被更新

当一道题目，使用__int64超时，使用int就能A的时候，我想，这个题，不是一个好题。。。。。 add[i]:记录加的lazy标记 mul[i]:记录乘的lazy标记 num[i]:记录数的lazy标记 sum[i][j]:第i段，j次方的和。 除去lazy标记的下放，这完全就是一道水的线段树的题目。。。 lazy标记如何下放呢？ 1，首先查看num标记，如果存在，果断下放。 2

超级恶心的一道题目。。。 查错查了一个小时。。。。 1,要用C++,用G++会wa。 2，注意检查边界。 3，注意标记的下放方式。 #include #include #include #include #include #include #include #include #pragma comment(linker, "/STACK:1024000000,1024000000") u

线段树记录当前区间是哪一个长方形在覆盖。 然后根据每一条线更新线段树。 如果是左边的边，那么把区间更新成当前长方形。 否则，把区间更新成当前长方形的前驱。 #include #include #include #include #include #include #include #include #pragma comment(linker, "/STACK:1024000000,102

感觉今天的状态有点不好。。。老是在小地方犯错。。。 简单的记录一下就好。 #include #include #include #include #include #include #include #include #pragma comment(linker, "/STACK:1024000000,1024000000") using namespace std; #define maxn

这道题目很有意思，写的麻烦了，估计得写很长时间。 幸好，我一开始就想出来了比较简单的方法。。。 利用位运算，把颜色RGB分别用1,2,4,表示。 那么就可以根据当前区间的状态来求当前区间每一种状态的长度了。 #include #include #include #include #include #include #include #include #pragma comment(link

以前用树状数组做过一次，现在用线段树再刷一次。。。 首先必须先离散化。。。 然后建立2颗线段树，第一颗表示往左走，每个节点的值的分布。       第二颗表示往右走，每个节点的值的分布。 然后根据左右走的关系，判断出x,y的值。 #pragma comment(linker, "/STACK:1024000000,1024000000") #include #include #inclu

区间合并求值问题。 对于ds,ns分别记录每一个区间的最左长度，

求空间中叠加3次及3次以上的体积。 因为|z| 然后对于每一层进行线段树求面积并。 #include #include #include #include #include #include #include #include #pragma comment(linker, "/STACK:1024000000,1024000000") using namespace std; #defin

很裸的线段树求面积并。 坐标需要离散化一下。 #include #include #include #include #include #include #include #include #pragma comment(linker, "/STACK:1024000000,1024000000") using namespace std; #define maxn 11000 #define

区域查询操作。 ma[i]:i区间内的最大值 mi[i]:i区间内的最小值 #include #include #include #include #include using namespace std; #define INF 99999999 #define lmin 1 #define rmax n #define lson l,(l+r)/2,rt<<1 #define rson

在二分的基础上进行线段树。

一开始实在是不知道怎么做，后来经过指导，猛然发现，只需要记录某个区间内是否有值即可。 flag[i]:代表i区间内，共有的蛋糕数量。 放置蛋糕的时候很好操作，单点更新。 ip：老鼠当前的位置 寻找吃哪一个蛋糕的时候： 1，要寻找0-ip这个区间内，位置最大的一个蛋糕的位置，记为ll。 2，要寻找ip-n这个区间内，位置最小的一个蛋糕的位置，记为rr。 找到ll，rr之后，就可以根据l

线段树的单点更新，区域查询操作。 #include #include #include #include #include using namespace std; #define lmin 1 #define rmax n #define lson l,(l+r)/2,rt<<1 #define rson (l+r)/2+1,r,rt<<1|1 #define root lmin,rmax,1

线段树的区域更新，然后单点查询。 x1 x2 c:区域更新x1-x2为c。 全部染色之后，从0-8000依次查询每个点的颜色。然后存贮每一种颜色有几块。 #include #include #include #include #include using namespace std; #define lmin 0 #define rmax 8000 #define lson l,(l+r)/

flag[i]:标记i这个区间的值。 val[i]:i这个区间的长度 #include #include #include #include #include using namespace std; #define INF 99999999 #define lmin 1 #define rmax n #define lson l,(l+r)/2,rt<<1 #define rson (l+r

lmax[i]:i区间内，从左往右，连续的最大长度 rmax[i]:i区间内，从右往左，连续的最大长度 val[i]:i区间的长度。 #include #include #include #include #include #include using namespace std; #define INF 99999999 #define lmin 1 #define rmax n #def

部分题解摘抄cxlove，传送门：http://blog.youkuaiyun.com/acm_cxlove/article/details/11749383 题目：给出一个序列，mex{}表示集合中没有出现的最小的自然数。然后 求sigma(mex (i , j)). 做法：考虑左端点固定时的所有区间的mex值，这个序列是一个非递减了。。。首先要明白。 初始就是求出mex[i]表示 m

记录3个变量。 sum[i]:当前区间被覆盖2次及两次以上的面积。 num[i]:当前区间被覆盖1次及一次以上的面积。 cover[i]:覆盖的lazy标记。 对于每一个区间. 更新操作如下： void push_up(int_now) { if(cover[rt]==0) { num[rt]=num[rt<<1]+num[rt<<1|1];