gigo_64 sink in my world

传送门 大约D1T2的难度。 得到lx~rx个宝藏的最大贡献。 大可以从起点以及每个宝藏出发跑一个最短路（代价的），然后全排列用数量*T减去最短路dis就行。 #include<bits/stdc++.h> using namespace std; #define in read() #define int long long int in{ int cnt=0,f=1;c...

传送门 好题。 调整一格代价1，我们就从调整的角度入手。 很明显，我按照输入去做，什么代价也没有。 也就是说，我从i向i+a[i]+1连边，代价为0。 反之，挪一位代价为1。 那我们只要把所有调整边都建出来就行。 也就是说向前最多到i，向后最多到n+1。 注意如果i+a[i]+1>n+1，直接向n+1连i+a[i]-n的边。 利用最短路性质求最小代价。 #include...

传送门 其实还是矩阵快速幂。将图用邻接矩阵表示，这个矩阵自乘多少次，得到的结果就是两点间经过(n+1)条边的最短路。 记得每次都要memset成inf。我在ri里面进行了（日） 顺带一提，开long long会TLE。。（鈤） #include<iostream> #include<cstdio> #include<cmath> #include&lt...

虽然这题很妙但我还是要想叶子 代码难度普及+，思维难度提高+。 但事实上如果想不到硬干很难搞出来。 我们要求这些点对中最近的点。 如果直接以每个点为起点跑单源最短路是肯定爆炸的。 所以我们换一个角度。我们不用特殊点来更新答案。我们用边作为桥梁，用普通点作为桥墩来更新答案。 人话说，如果有一条边连接a，b两个点，x是可以到a的最近特殊点，y是b能到的最近特殊点，那x和y的最短距离就可能是...

叶子可爱qwq！ 任意一点花费定金额可以走一定曼哈顿距离，求三个点在其中之一集合最短路。 n是150，如果暴力建边，就是n四次方，死亡。 所以我们用时间换空间，采取搜索的思想，将可以走x距离看成在某点拥有x能量。 每走一格花费1能量。 设f[x][y][k]表示到(x,y)这个点，还剩余k能量的最小花费。 用搜索的方式四个方向或者原地不动更新，最后取f[x1][y1][0]等更新答案。...

传送门 本题题意就是求在一个五维世界里的曼哈顿距离最大的两个点。。。五维世界nb 对于一个二维平面上两点(x1,y1)(x2,y2)，它们的曼哈顿距离是|x1-x2|+|y1-y2| 在去掉绝对值前，我们将描述同一个点的值丢到一块去，就会变成这样： (x1-y1)-(x2-y2)，但由于绝对值本身还在，所以对于同一个点，有四种表示情况： x1-y1,x1+y1,-x1-y1,-x1+y1...