《操作系统--精髓与设计原理》第八章复习题

本文探讨了虚拟内存管理的关键概念,包括简单分页与虚拟内存分页的区别、抖动现象、局部性原理的应用、页表项元素、TLB的作用、页面读取策略、驻留集管理、页面置换算法及页缓冲技术。

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第八章    虚拟内存

一、简单分页与虚拟内存分页有何区别?

简单分页:进程运行时,它的所有页必须都在内存中,除非使用了覆盖技术

虚拟分页:进程运行时,并非所有页都须在内存页框中。仅在需要时才读入页(把一页读入内存可能需要把另一页写出到磁盘)

二、什么是抖动?

虚拟内存结构的抖动现象是指处理器运行时的大部分时间都用来交换块(页/段)而非执行指令。(例如:如果一块正好在将要用到之前换出,操作系统就不得不很快地把它取回。这类操作就会导致系统抖动(thrashing)

三、为何在使用虚拟内存时,局部性原理至关重要?

可以根据局部性原理设计算法来避免抖动。总的来说,局部性原理允许算法预测哪一个当前页在最近的未来是最少可能被使用的,并由此来决定候选的将来被替换出去的块。

四、哪些元素是页表项(PTE)中能找到的典型元素?简单定义每个元素。

  1. 帧号(页框号):用来表示主存中的页框与磁盘或进程中的页相对应的按顺序排列的号码。
  2. 存在位(P):表示所对应的页当前是否在内存中。若这一位表示该页在内存中,则这个页表项还包括该页的页框号。(P = 1, 页在内存中;P = 0, 页不在内存中)
  3. 修改位(M):表示所对应的页的内容从上次装入内存到现在是否已改变。若未改变,则在需要把该页换出时,无须用页框中的内容更新该页。(M = 1, 此页装入内存后被修改过,也就是脏页; M = 0, 此页未被修改过)

五、转换检测缓冲区(Translation Lookaside Buffer)的目的是什么?

转换检测缓冲区(TLB)是一个包含最近经常被使用过的页表项的高速缓冲存储器。它的目的是为了克服原则上每次虚存访问都可能会引起两次物理内存访问(一次取相应的页表项,另一次取需要的数据)的问题,减少从磁盘中恢复一个页表项所需的时间。

六、简单定义两种可供选择的页面读取策略。

请求分页(demanding paging):只有当访问到某页中的一个单元时才将该页取入内存。若内存管理的其他策略比较合适,将发生下述情况:当一个进程首次启动时,会在一段时间出现大量的缺页中断;取入越来越多的页后,局部性原理表明大多数将来访问的页都是最近读取的页。因此,在一段时间后错误会逐渐减少,缺页中断的数量会降到很低。

预先分页(prepaging):读取的页并不是缺页中断请求的页。预先分页利用了大多数辅存设备(如磁盘)的特性,这些设备有寻道时间和合理的延迟。若一个进程的页连续存储在辅存中,则一次读取许多连续的页要比隔一段时间读取一页有效。当然,若大多数额外读取的页未引用到,则这个策略是低效的。

七、驻留集管理和页面置换策略有何区别?

驻留集管理主要关注以下的两个问题:1、给每个活动进程分配多少页帧,即决定给特定的进程分配多大的内存空间,是采用固定分配策略(fixed-allocation)还是可变分配策略(variable-allocation);2、被考虑替换的页集是仅限在产生缺页中断的进程的驻留集中选择还是在主存中所有的页帧中选择(是局部范围还是全局范围)

页面置换策略是当内存中的所有页框都被占据的情况下,且需要读取一个新页以处理一次缺页中断时,置换策略决定置换当前内存(在考虑的页集中)中的哪一页。

八、FIFO和时钟页面置换算法有何联系?

时钟算法与FIFO类似,唯一不同的是,在时钟策略中会跳过使用位为1的页框。

九、页缓冲实现什么功能?

页缓冲的置换策略不丢弃置换出的页,而是将它分配到以下两个表之一中:若该页未被修改,则分配到空闲页表链中;若已被修改,则分配到修改页链表中(该页在内存中并不会物理性移动,移动的只是该页所对应的页表项,移动后的页表项放置在空闲页链表中或修改链表中)

  1. 被置换的页仍然留在内存中,若进程访问该页,则可迅速返回该进程的驻留集,且代价很小,减少了一次磁盘读写。
  2. 已修改的页按簇写回,而不是一次只写一页,因此大大减少了I/O操作的数量,进而减少了磁盘访问时间。

十、为什么不能把全局置换策略和固定分配策略组合起来?

固定分配策略要求分配给一个进程的页框数是固定的,当一个进程中取入一个新的页时,从分配给该进程的页框中选择被置换的页,这个进程驻留页集中的一页必须被替换出来(保持分配的帧的数目不变),这是一种局部替换策略。

十一、驻留集和工作集有何区别?

一个进程的驻留集是指当前内存中的属于这个进程的页集,也进程执行的任何时候都在内存中的部分。

一个进程的工作集是指这个进程在以某个时刻为基点的过去的某几个虚拟时间单位中被访问的页集。

十二、请求式清除和预约式清除有何区别?

请求式清除(demand cleaning):是指当一页被选择用于置换时才被写回辅存;

预约式清除(precleaning):将这些已修改的多个页在需要使用它们所占据的页框之前成批写回辅存。

第一章 计算机系统概述 复习题: 1.1、 列出并简要地定义计算机的四个主要组成部分。 答:主存储器,存储数据程序;算术逻辑单元,能处理二进制数据;控制单元,解读存储器中的指令并且使他们得到执行;输入/输出设备,由控制单元管理。 1.2、 定义处理器寄存器的两种主要类别。 答:用户可见寄存器:优先使用这些寄存器,可以使机器语言或者汇编语言的程序员减少对主存储器的访问次数。对高级语言而言,由优化编译器负责决定把哪些变量应该分配给主存储器。一些高级语言,如C语言,允许程序言建议编译器把哪些变量保存在寄存器中。 控制状态寄存器:用以控制处理器的操作,且主要被具有特权的操作系统例程使用,以控制程序的执行。 1.3、 一般而言,一条机器指令能指定的四种不同操作是什么? 答:这些动作分为四类:处理器-寄存器:数据可以从处理器传送到存储器,或者从存储器传送到处理器。处理器-I/O:通过处理器I/O模块间的数据传送,数据可以输出到外部设备,或者从外部设备输入数据。数据处理,处理器可以执行很多关于数据的算术操作或逻辑操作。控制:某些指令可以改变执行顺序。 1.4、 什么是中断? 答:中断:其他模块(I/O,存储器)中断处理器正常处理过程的机制。 1.5、 多中断的处理方式是什么? 答:处理多中断有两种方法。第一种方法是当正在处理一个中断时,禁止再发生中断。第二种方法是定义中断优先级,允许高优先级的中断打断低优先级的中断处理器的运行。 1.6、 内存层次的各个元素间的特征是什么? 答:存储器的三个重要特性是:价格,容量访问时间。 1.7、 什么是高速缓冲存储器? 答:高速缓冲存储器是比主存小而快的存储器,用以协调主存跟处理器,作为最近储存地址的缓冲区。 1.8、 列出并简要地定义I/O操作的三种技术。 答:可编程I/O:当处理器正在执行程序并遇到I/O相关的指令时,它给相应的I/O模块发布命令(用以执行这个指令);在进一步的动作之前,处理器处于繁忙的等待中,直到该操作已经完成。中断驱动I/O:当处理器正在执行程序并遇到I/O相关的指令时,它给相应的I/O模块发布命令,并继续执行后续指令,直到后者完成,它将被I/O模块中断。如果它对于进程等待I/O的完成来说是不必要的,可能是由于后续指令处于相同的进程中。否则,此进程在中断之前将被挂起,其他工作将被执行。直接存储访问:DMA模块控制主存I/O模块间的数据交换。处理器向DMA模块发送一个传送数据块的请求,(处理器)只有当整个数据块传送完毕后才会被中断。 1.9、 空间局部性临时局部性间的区别是什么? 答:空间局部性是指最近被访问的元素的周围的元素在不久的将来可能会被访问。临时局部性(即时间局部性)是指最近被访问的元素在不久的将来可能会被再次访问。 1.10、 开发空间局部性时间局部性的策略是什么? 答:空间局部性的开发是利用更大的缓冲块并且在存储器控制逻辑中加入预处理机制。时间局部性的开发是利用在高速缓冲存储器中保留最近使用的指令及数据,并且定义缓冲存储的优先级。 习题: 1.1、图1.3中的理想机器还有两条I/O指令: 0011 = 从I/O中载入AC 0111 = 把AC保存到I/O中 在这种情况下,12位地址标识一个特殊的外部设备。请给出以下程序的执行过程(按照图1.4的格式): 1. 从设备5中载入AC。 2. 加上存储器单元940的内容。 3. 把AC保存到设备6中。 假设从设备5中取到的下一个值为3940单元中的值为2。 答案:存储器(16进制内容):300:3005;301:5940;302:7006 步骤1:3005->IR;步骤2:3->AC 步骤3:5940->IR;步骤4:3+2=5->AC 步骤5:7006->IR:步骤6:AC->设备 6 1.2、本章中用6步来描述图1.4中的程序执行情况,请使用MARMBR扩充这个描述。 答案:1. a. PC中包含第一条指令的地址300,该指令的内容被送入MAR中。 b. 地址为300的指令的内容(值为十六进制数1940)被送入MBR,并且PC增1。这两个步骤是并行完成的。 c. MBR中的值被送入指令寄存器IR中。 2. a. 指令寄存器IR中的地址部分(940)被送入MAR中。 b. 地址940中的值被送入MBR中。 c. MBR中的值被送入AC中。 3. a. PC中的值(301)被送入MAR中。 b. 地址为301的指令的内容(值为十六进制数5941)被送入MBR,并且PC增1。 c. MBR中的值被送入指令寄存器IR中。 4. a. 指令寄存器IR中的地址部分(941)被送入MAR中。 b. 地址941中的值被送入MBR中。 c. AC中以前的内容地址为941的存储单元中的内容相加,结果保存到AC中。 5. a. PC中的值(302)被送入MAR中。 b. 地址为302的指令的内容(值为十六进制数2941)被送入MBR,并且PC增1。 c. MBR中的值被送入指令寄存器IR中。 6. a. 指令寄存器IR中的地址部分(941)被送入MAR中。 b. AC中的值被送入MBR中。 c. MBR中的值被存储到地址为941的存储单元之中。 1.4、假设有一个微处理器产生一个16位的地址(例如,假设程序计数器地址寄存器都是16位)并且具有一个16位的数据总线。 a.如果连接到一个16位存储器上,处理器能够直接访问的最大存储器地址空间为多少? b.如果连接到一个8位存储器上,处理器能够直接访问的最大存储器地址空间为多少? c.处理访问一个独立的I/O空间需要哪些结构特征? d.如果输入指令输出指令可以表示8位I/O端口号,这个微处理器可以支持多少8位I/O端口? 答案:对于(a)(b)两种情况,微处理器可以直接访问的最大存储器地址空间为216 = 64K bytes;唯一的区别是8位存储器每次访问传输1个字节,而16位存储器每次访问可以传输一个字节或者一个16位的字。对于(c)情况,特殊的输入输出指令是必要的,这些指令的执行体会产生特殊的“I/O信号”(有别于“存储器信号”,这些信号由存储器类型指令的执行体产生);在最小状态下,一个附加的输出针脚将用来传输新的信号。对于(d)情况,它支持28 = 256个输入28 = 256个输出字节端口相同数目的16位I/O端口;在任一情况, 一个输入一个输出端口之间的区别是通过被执行的输入输出指令所产生的不同信号来定义的。 1.5、考虑一个32位微处理器,它有一个16位外部数据总线,并由一个8MHz的输入时钟驱动。假设这个微处理器有一个总线周期,其最大持续时间等于4个输入时钟周期。请问该微处理器可以支持的最大数据传送速度为多少?外部数据总线增加到21位,或者外部时钟频率加倍,哪种措施可以更好地提高处理器性能?请叙述你的设想并解释原因。 答案:时钟周期=1/(8MHZ)=125ns 总线周期=4×125ns=500ns 每500ns传输2比特;因此传输速度=4MB/s 加倍频率可能意味着采用了新的芯片制造技术(假设每个指令都有相同的时钟周期数);加倍外部数据总线,在芯片数据总线驱动/锁存、总线控制逻辑的修改等方面手段广泛(或许更新)。在第一种方案中,内存芯片的速度要提高一倍(大约),而不能降低微处理器的速度;第二种方案中,内存的字长必须加倍,以便能发送/接受32位数量。 1.6、考虑一个计算机系统,它包含一个I/O模块,用以控制一台简单的键盘/打印机电传打字设备。CPU中包含下列寄存器,这些寄存器直接连接到系统总线上: INPR:输入寄存器,8位 OUTR:输出寄存器,8位 FGI:输入标记,1位 FGO:输出标记,1位 IEN:中断允许,1位 I/O模块控制从打字机中输入击键,并输出到打印机中去。打字机可以把一个字母数字符号编码成一个8位字,也可以把一个8位字解码成一个字母数字符号。当8位字从打字机进入输入寄存器时,输入标记被置位;当打印一个字时,输出标记被置位。 a. 描述CPU如何使用这4个寄存器实现打字机间的输入/输出。 b. 描述通过使用IEN,如何提高执行效率? 答案:a.来源于打字机的输入储存在INPR中。只有当FGI=0时,INPR才会接收来自打字机的数据。当数据接收后,被储存在INPR里面,同时FGI置为1。CPU定期检查FGI。如果FGI=1,CPU将把INPR里面的内容传送至AC,并把FGI置为0。 当CPU需要传送数据到打字机时,它会检查FGO。如果FGO=0,CPU处于等待。如果FGO=1,CPU将把AC的内容传送至OUTER并把FGO置为0。当数字符号打印后,打字机将把FGI置为1。 b.(A)描述的过程非常浪费。速度远高于打字机的CPU必须反复不断的检查FGIFGO。如果中断被使用,当打字机准备接收或者发送数据时,可以向CPU发出一个中断请求。IEN计数器可以由CPU设置(在程序员的控制下)。 1.7、实际上在所有包括DMA模块的系统中,DMA访问主存储器的优先级总是高于处理器访问主存储器的优先级。这是为什么? 答案:如果一个处理器在尝试着读或者写存储器时被挂起, 通常除了一点轻微的时间损耗之外没有任何危害。但是,DMA可能从或者向设备(例如磁盘或磁带)以数据流的方式接收或者传输数据并且这是不能被打断的。否则,如果DMA设备被挂起(拒绝继续访问主存),数据可能会丢失。 1.9、一台计算机包括一个CPU一台I/O设备D,通过一条共享总线连接到主存储器M,数据总线的宽度为1个字。CPU每秒最多可执行106条指令,平均每条指令需要5个机器周期,其中3个周期需要使用存储器总线。存储器读/写操作使用1个机器周期。假设CPU正在连续不断地执行后台程序,并且需要保证95%的指令执行速度,但没有任何I/O指令。假设1个处理器周期等于1个总线周期,现在要在MD之间传送大块数据。 a.若使用程序控制I/O,I/O每传送1个字需要CPU执行两条指令。请估计通过D的I/O数据传送的最大可能速度。 b.如果使用DMA传送,请估计传送速度。 答案:a.处理器只能分配5%的时间给I/O.所以最大的I/O指令传送速度是10e6×0.05=50000条指令/秒。因此I/O的传送速率是25000字/秒。 b.使用DMA控制时,可用的机器周期下的数量是 10e6(0.05×5+0.95×2)=2.15×10e6 如果我们假设DMA模块可以使用所有这些周期,并且忽略任何设置状态检查时间,那么这个值就是最大的I/O传输速率。 1.10、考虑以下代码: for ( i = 0;i < 20;i++) for (j = 0;j < 10;j++) a[i] = a[i]*j a. 请举例说明代码中的空间局部性。 b. 请举例说明代码中的时间局部性。 答案:a.读取第二条指令是紧跟着读取第一条指令的。 b.在很短的间歇时间内, a[i]在循环内部被访问了十次。 1.11、请将附录1A中的式(1.1)式(1.2)推广到n级存储器层次中。 答案:定义: Ci = 存储器层次i上每一位的存储单元平均花销 Si = 存储器层次i的规模大小 Ti = 存储器层次i上访问一个字所需时间 Hi = 一个字在不高于层次i的存储器上的概率 Bi = 把一个数据块从层次i+1的存储器上传输到层次i的存储器上所需时间 高速缓冲存储器作为是存储器层次1;主存为存储器层次2;针对所有的N层存储器层以此类推。有: Ts的引用更复杂,我们从概率论入手:所期望的值 ,由此我们可以写出: 我们需要清楚如果一个字在M1(缓存)中,那么对它的读取非常快。如果这个字在M2而不在M1中,那么数据块需要从M2传输到M1中,然后才能读取。因此,T2 = B1+T1 进一步,T3 = B2+T2 = B1+B2+T1 以此类推: 所以, 但是, 最后, 1.12、考虑一个存储器系统,它具有以下参数: Tc = 100 ns Cc = 0.01 分/位 Tm = 1200 ns Cm = 0.001 分/位 a.1MB的主存储器价格为多少? b.使用高速缓冲存储器技术,1MB的主存储器价格为多少? c.如果有效存取时间比高速缓冲存储器存取时间多10% ,命中率H为多少? 答案:a.价格 = Cm×8×106 = 8×103 ¢ = $80 b.价格 = Cc×8×106 = 8×104 ¢ = $800 c.由等式1.1知:1.1×T1 = T1+(1-H)T2 (0.1)(100) = (1-H)(1200) H=1190/1200 1.13、一台计算机包括包括高速缓冲存储器、主存储器一个用做虚拟存储器的磁盘。如果要存取的字在高速缓冲存储器中,存取它需要20ns;如果该字在主存储器中而不在高速缓冲存储器中,把它载入高速缓冲存储器需要60ns(包括最初检查高速缓冲存储器的时间),然后再重新开始存取;如果该字不在主存储器中,从磁盘中取到内存需要12ms,接着复制到高速缓冲存储器中还需要60ns,再重新开始存取。高速缓冲存储器的命中率为0.9,主存储器的命中率为0.6,则该系统中存取一个字的平均存取时间是多少(单位为ns)? 答案:有三种情况需要考虑: 字所在的位置 概率 访问所需时间(ns) 在缓存中 0.9 20 不在缓存,在主存中 (0.1)(0.6)= 0.06 60+20 = 80 不在缓存也不在主存中 (0.1)(0.4)= 0.04 12ms+60+20 = 12,000,080 所以平均访问时间是: Avg = (0.9)(20) + (0.06)(80) + (0.04)(12000080) = 480026 ns 1.14、假设处理器使用一个栈来管理过程调用返回。请问可以取消程序计数器而用栈指针代替吗? 答案:如果栈只用于保存返回地址。或者如果栈也用于传递参数,这种方案只有当栈作为传递参数的控制单元而非机器指令时才成立。这两种情况下可以取消程序计数器而用栈指针代替。在后者情况中,处理器同时需要一个参数指向栈顶部的程序计数器。
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