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打这道题的时候总感觉自己在打表。。。。无话可说用F数组表示能涂1,2,3,4,5个的油漆各有几个，pre记录前一个选的。如果两个油漆可涂次数一样，那么他们可以看做同一个性质的，记录在一起。然后转移，具体看代码。#include #define ll long longusing namespace std;const int p=1000000007;int k,x

1350 斐波那契表示斐波那契数列定义为 f[0]=f[1]=1, f[i]=f[i-1]+f[i-2] (i>=2) 从f[i]开始的连续f[i-1]项 的最短表示F[t] 是有规律的。 其前f[i-2]项和 从f[i-1]开始的连续f[i-2]项相等，其后f[i-3]项为 从f[i-2]开始的连续> f[i-3]项 每项+1比如，当i=6时，13开始的连续8项，即F[13],F[14],

1020 逆序排列离线处理，二维dp[i][j]dp[i][j]表示前i个有k个逆序对的数量。f(n,k)=f(n,k−1)+f(n−1,k)−f(n−1,k−n)f(n,k)=f(n,k-1)+f(n-1,k)-f(n-1,k-n)用滚动数组储存#include <algorithm> #include <cstring> #include <cstdio> using namespac

裸的数位DP，只需要判断之前是否已经改变过递增减就行了。直接上模板。#include#include#include#include#define ll long longusing namespace std;const int N=110,P=1000000007;ll f[N][2][10],a[N],n;ll dfs(ll pos,ll st,ll lim,ll p

我们设 Bn 代表从某个角出发，然后走遍所有格子回到同一列的方案数目。Bn=2×Bn−1=2n−1同样，我们设 An 代表从某个角出发，然后走遍所有格子的方案数。则 An=Bn+2×An−1+4×An−2其中 Bn 代表回到了当前列的方案数， An−1 代表先填满当前列然后走到相邻的列处理同样的一个子问题， An−2 代表通过对角线方式先走完当前列与相邻列的格子，然后剩下的 n

这两道题本质上是一样的。令f[i][j]表示第i天持有j个股票（污染物），那么答案一定是f[i][0]中的一个。dp转移式：f[i][j]=max(f[i-t-1][k]-a[i]*k+a[i]*j)用单调队列维护f[i-t-1][k]，保证队头最大。队列中记录k。当队头的k加上当天的最大买入值仍小于j时弹出队头队尾的值若小于当前的值则弹出队尾。#include

看题目很容易想到数位dp，具体做法看这位的：http://blog.youkuaiyun.com/zz_ylolita/article/details/50754618讲的还是很详细的。#include #include #include #define ll long longusing namespace std;ll a,b;int len,d[12];ll dp[12][12];

根据关系建立一个无向图，每次找到一个环。对于环上的一条边e，取两边的点u，v，各做一次树形dp。对于g[x]表示不取x时最大值，对于f[x]表示取x时最大值。在做dp时要将边e断开不走。取g[u]与f[u]的最大值加入答案中。#include #include #define ll long longusing namespace std;const int N=10000

题目要求我们求出以每个数开头的最长上升序列，那么我们就倒着做最长下降序列。best[i]数组记录以i开头的最长上升序列的最大值。处理时记得是位置的字典序。#include using namespace std;const int N=100005;int n,cnt,m;int a[N],f[N],best[N];inline int find(int x){ int

f数组表示前i个换了j次，此次是否成功的期望值。先floyd求出所有点间的距离后，进行dp即可。#include #include using namespace std;const int N=2005;const double eps=1e-9;int n,m,v,e,a,b;int c[N],d[N];double ki[N],w,map[305][305],ans;

神奇的题目，dp+容斥。一开始基本没思路，看了别人的题解后才理解。令f数组为硬币无数量限制时达到s的种类，先预处理完。然后对于每次询问只要加出一个sum后减去重复部分。（容斥）#include #define ll long longusing namespace std;const int N=100005;int c[6],tot;int d[6],s;ll a

1041: [HAOI2008]圆上的整点http://www.lydsy.com/JudgeOnline/upload/1041.flvhttp://blog.youkuaiyun.com/csyzcyj/article/details/10044629有上述定理，则问题转化为求r^2的 %4余1因子数 和 %4余3因子数。用约数个数定理，去掉偶因子后可以求出两者之和因此，求其中一种即可。从%4余1的因子数下