反转链表系列问题总结（多种解法多种题型）

简介

反转链表是面试中常考问题，题型变化就那几种，包括整个链表的反转、范围反转等，本篇文章将这些问题放在一起进行讨论和总结，并对多种解法进行分析和对比，做到“一网打尽”！

反转链表系列题目

• 206. 反转链表 | 剑指 Offer 24. 反转链表 简单
• 92. 反转链表 II 中等
• 25. K 个一组翻转链表 困难

以上题目均来自leetcode

例题详细

1、反转链表

题目描述

反转一个单链表。

示例:

输入: 1->2->3->4->5->NULL
输出: 5->4->3->2->1->NULL

进阶:
你可以迭代或递归地反转链表。你能否用两种方法解决这道题？

分析

虽然是一道简单题目，但是解法有很多种，还是有很多值得探讨的地方。

• 方法一：借用列表法

将链表的节点放在一个列表中，利用列表进行反转，最后将反转后的节点组成新的链表。

这种解法操作起来简单，因为我们熟悉的是列表的反转，而对于链表的反转有点无从下手。

时间复杂度：将节点放入列表O(n)，反转列表O(n)，组成新的链表O(n)，所以是O(3n)≈O(n)。

空间复杂度：需要用到一个列表存储链表节点，O(n)。

这种解法时间空间都没有什么优势，因此放弃。

• 方法二：递归法

有链表：L1 -> L2 -> L3 -> L4，假如此时我们完成了L2到L4的反转，那么链表就是这样的：L4 -> L3 -> L2，同时L1 -> L2，此时我们需要将L1节点移动到L2之后，假设：
p: L4
head: L1
所以
head.next.next = head;
head.next = null;
描述半天可能说不清，直接看代码可能就能理解了。正所谓：talk is cheap, show me the code!

class Solution {
    public ListNode reverseList(ListNode head) {
        if (head == null || head.next == null) {
            return head;
        }
        ListNode p = reverseList(head.next);
        head.next.next = head;
        head.next = null;
        return p;
    }
}

时间复杂度：需要对每个节点进行递归，因此时间复杂度为O(n)

空间复杂度：递归需要用到栈空间，每次的递归会在栈中压入一个栈帧，最大递归深度为O(n)，但是相较于方法一中使用O(n)的堆空间，栈空间会伴随着递归结束而销毁，但是堆空间需要垃圾回收，所以栈空间稍稍有一点优势。

代码看起来清洁干净，且可读性强。

• 方法三 修改指针法

创建一个dummy节点，指向head，从前往后遍历节点，将next指针指向前一个节点。

例如:

Ld -> L1 -> L2 -> L3 -> L4
Ld <- L1 -> L2 -> L3 -> L4
Ld <- L1 <- L2 -> L3 -> L4
Ld <- L1 <- L2 <- L3 -> L4
Ld <- L1 <- L2 <- L3 <- L4
null <- L1 <- L2 <- L3 -> L4

class Solution {
    public ListNode reverseList(ListNode head) {
        if (head == null || head.next == null) {
            return head;
        }
        ListNode dummy = new ListNode(-1), next, pre = dummy, cur = head;
        dummy.next = head;
        while (cur != null) {
            next = cur.next;
            cur.next = pre;
            pre = cur;
            cur = next;
        }
        head.next = null;
        return pre;
    }
}

这种方法理解起来比较容易，最后注意把head的next指针指向null，因为反转之后head就是尾节点了。

时间复杂度：O(n)

空间复杂度：O(1)

• 方法四 移动节点法

这种方法每次移动一个节点，从而达到反转的目的。

例如：

Ld -> L1 -> L2 -> L3 -> L4
Ld -> L2 -> L1 -> L3 -> L4
Ld -> L3 -> L2 -> L1 -> L4
Ld -> L4 -> L3 -> L2 -> L1

class Solution {
    public ListNode reverseList(ListNode head) {
        if (head == null || head.next == null) {
            return head;
        }
        ListNode pre = new ListNode(-1), cur = head, next;
        pre.next = head;
        while (cur != null && cur.next != null) {
            next = cur.next;
            cur.next = next.next;
            next.next = pre.next;
            pre.next = next;
        }
        return pre.next;
    }
}

这种方法是接下来几种题型的基础。

时间复杂度：O(n)

空间复杂度：O(1)

2、反转链表 II

题目描述

给你单链表的头指针 head 和两个整数 left 和 right ，其中 left <= right 。请你反转从位置 left 到位置 right 的链表节点，返回 反转后的链表 。

示例

输入：head = [1,2,3,4,5], left = 2, right = 4
输出：[1,4,3,2,5]

分析

借用第1题的方法四，先找到第left个节点，然后再移动(right - left)次。

class Solution {
    public ListNode reverseBetween(ListNode head, int left, int right) {
        if (left >= right) {
            return head;
        }
        ListNode dummy = new ListNode(-1), pre = dummy;
        dummy.next = head;
        ListNode cur = head, next;
        for (int i = 1; i < left; i++) {
            pre = pre.next;
            head = head.next;
        }
        for (int i = 0; i < right - left; i++) {
            next = head.next;
            head.next = next.next;
            next.next = pre.next;
            pre.next = next;
        }
        return dummy.next;
    }
}

时间复杂度：O(n)

空间复杂度：O(1)

3、K 个一组翻转链表

题目描述

给你一个链表，每 k 个节点一组进行翻转，请你返回翻转后的链表。

k 是一个正整数，它的值小于或等于链表的长度。

如果节点总数不是 k 的整数倍，那么请将最后剩余的节点保持原有顺序。

进阶：

你可以设计一个只使用常数额外空间的算法来解决此问题吗？
你不能只是单纯的改变节点内部的值，而是需要实际进行节点交换。

示例

输入：head = [1,2,3,4,5], k = 2
输出：[2,1,4,3,5]

分析

每k个节点反转一次，不足k个时直接返回。

public class Solution {

    private ListNode[] reverse(ListNode head, ListNode tail) {
        ListNode dummy = new ListNode(-1), next;
        dummy.next = head;
        while (dummy.next != tail) {
            next = head.next;
            head.next = next.next;
            next.next = dummy.next;
            dummy.next = next;
        }
        return new ListNode[]{tail, head};
    }

    private ListNode[] reverse1(ListNode head, ListNode tail) {
        ListNode pre = new ListNode(-1), next, tailNext = tail.next;
        pre.next = head;
        while (head != tailNext) {
            next = head.next;
            head.next = pre;
            pre = head;
            head = next;
        }
        head.next = null;
        return new ListNode[]{tail, head};
    }

    public ListNode reverseKGroup(ListNode head, int k) {
        if (head == null || head.next == null) {
            return head;
        }
        ListNode dummy = new ListNode(-1), pre = dummy, tail, nxt;
        dummy.next = head;

        while (head != null) {
            tail = pre;
            for (int i = 0; i < k; i++) {
                tail = tail.next;
                if (tail == null) {
                    return dummy.next;
                }
            }
            nxt = tail.next;
            ListNode[] nodes = reverse1(head, tail);
            pre.next = nodes[0];
            nodes[1].next = nxt;
            pre = nodes[1];
            head = nxt;
        }
        return dummy.next;
    }

其中 reverse 方法是移动节点法，reverse1 方法修改指针法。

时间复杂度：O(n)

空间复杂度：O(1)